廣東省潮州市饒平縣第二名校2024-2025學年高一下學期

物理開學考試題

一'單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有

一項是符合題目要求的。

1.下列說法中正確的是（）

A.只要物體在運動，則其位移一定隨時間增加

B.若物體在一段時間內的平均速率為0,則其平均速度必為0；若物體在一段時間內的平均速度

為0,其平均速率不一定為0

C.槍膛中的子彈的加速度約為1。5加/S2,射出的速度可達lOOOm/s左右，所以可得加速度大，速

度變化就一定越大

D.拔河比賽中，獲勝的一方主要是因為其對繩的拉力大于另一方對繩的拉力

2.有甲、乙、丙、丁四張圖片，則下列說法正確的是（）

A.甲圖中研究雄鷹翅膀運動方式對飛行的影響時，可以把雄鷹看作質點

B.乙圖中詩句“臥看滿天云不動，不知云與我俱東”，以“云”為參考系，詩人是運動的

C.丙圖中某學生在校運動會400nl比賽中成績為50.6s,其平均速度約為7.91m/s

D.丁圖中飛機起飛前在跑道上加速滑行，加速度a方向與速度變化量4〃方向相同

3.設a、v和S分別代表物體運動的加速度、速度和位移。現有初速度均為零的四個物體，他們的

運動圖象分別如下圖所示，則哪個物體在做單向直線運動？（）

4.如圖所示，一氯氣球下方系有一物體從地面由靜止釋放，以加速度a=1.25m/s2勻加速上升、to=8s

時繩子突然斷裂，繩子斷裂后物體運動過程中不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2,下列說法正

A.物體從繩子斷裂后到落地過程中做自由落體運動

B.物體運動過程中距離地面最大高度為40m

C.ti=8.5s和t2=9.5s時，物體距離地面的高度相同

D.物體從隨氣球開始運動到落地共用時10s

5.如圖所示，帶電荷量為6Q(Q>0)的球1固定在傾角為30。光滑絕緣斜面上的a點，其正上方L處

固定一電荷量為-Q的球2,斜面上距a點L處的b點有質量為m的帶電球3,球3與一端固定的絕緣輕

質彈簧相連并在b點處于靜止狀態。此時彈簧的壓縮量為與球2、3間的靜電力大小為等。迅速移走

球1后，球3沿斜面向下運動。g為重力加速度，球的大小可忽略，下列關于球3的說法正確的是

A.由b到a一直做加速運動

B.運動至a點的速度等于屬Z

C.運動至a點的加速度大小為怖。

D.運動至ab中點時對斜面的壓力大小為嗎3mg

6.對于牛頓運動定律的有關認識，下列說法正確的是()

A.速度大的物體，其慣性大

B.作用力和反作用力的合力為零

C.加速度不為零的物體，其所受的力一定不為零

D.物體沒有受到力的作用，其速度的大小一定不變，但速度的方向可能改變

7.如圖是“中國天眼”500m口徑球面射電望遠鏡維護時的示意圖。為不損傷望遠鏡球面，質量為m

的工作人員被懸在空中的氫氣球拉著，當他在離底部有一定高度的望遠鏡球面上緩慢行走時，氮氣

球對其有大小恒為|mg、方向豎直向上的拉力作用，若將人視為質點，此時工作人員（）

A.受到的重力大小為B.受到的合力大小為

C.對球面的作用力大小為17ngD.對球面的壓力大小為|zng

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多

項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

8.結合課本和生活中出現的以下情景，下列說法正確的是

丙丁

A.圖甲中木板對托盤的壓力就是木塊和木板的總重力

B.圖乙中伽利略利用該實驗說明了“物體的運動不需要力來維持”

C.圖丙中A同學推動B同學時，A對B的作用力與B對A的作用力大小相等

D.圖丁中，王亞平在太空授課時處于完全失重狀態，重力消失了

9.物體從靜止開始做勻加速直線運動，已知第4s內與第2s內的位移之差是4m,則可知（）

A.第1s內的位移為2m

B.第2s末的速度為4m/s

C.物體運動的加速度為lm/s2

D.物體在第5s內的平均速度為9m/s

10.某同學用手機的頻閃功能拍攝一小球在傾角為30。斜面上的運動情況，如圖是運動模型簡化圖，

頻閃時間間隔為T，小球從斜面底端開始向上運動，在斜面上依次經過A、B、C、D、E點，各段距

離之比為必B：久BC：XCD：xDE=6：2：1：3,小球在運動過程中所受阻力大小不變。以下說法正確

的是（）

A.小球在圖中C點的速度向上

B.若小球向上經過A點時的速度為也，則向上經過B點的速度為0.5%

C.小球所受阻力和重力大小之比為3：1

D.若實際尺寸與照片尺寸之比為k,用刻度尺測得照片中CE長L,則過E點速度大小為半

三、非選擇題（本題共5小題，共54分）

11.驗證兩個互成角度的力的合成規律，通常需要兩個彈簧測力計、橡皮條、細繩套、木板、刻度

尺、白紙、鉛筆、細繩和圖釘等器材，利用兩力一起拉伸橡皮條和單獨一個力拉伸橡皮條作用效果

相同，繼而作圖驗證平行四邊形定則。本次實驗中發現缺少橡皮條，某同學靈機一動，設計如下實

驗：

（1）豎直固定好木板，并用圖釘將白紙固定在木板上。

5N條彩盒測力計

N,

牛頓gr

-0

==

==

-=3==-

-100

=-==-

-=200

===-300

=-=400

==

=-=

-=-

==

-==

=

--=

=

=-==-

-=

==-

丙

（2）如圖甲（a）將細繩套一端系住一重物，細繩套另外兩端分別套在彈簧測力計Z和彈簧測力

計B的掛鉤上，貼于豎直木板，用手分別拉住兩彈簧測力計，使細繩套結點。靜止在某位置，分別讀

出彈簧測力計2和B的示數，大小分別為Fi=N（示數見圖乙）、F2=2.90N,并在白紙上

記錄。點的位置和兩細繩的方向0P1及。「2。

（3）如圖甲（b）,用手拉一個彈簧測力計，其下端用細繩掛同一重物，貼近豎直木板的白紙上

記錄，使得細繩套結點。和步驟（2）的位置重合，并記錄此時彈簧測力計讀數為F=5.60N及細繩的

方向。「3。

(4)請在圖丙中畫出尸1的圖示，并按平行四邊形定則畫出尸1、&的合力F'。若F’與拉

力F的大小及方向的偏差均在實驗所允許的誤差范圍之內，則該實驗驗證了力的平行四邊形定則。

(5)下列不必要的實驗要求是0

A.實驗前應測量重物的質量

B.彈簧測力計應在使用前校零

C.細繩方向應與木板平面平行

(6)F和「不完全重合的原因可能

是O

12.某實驗小組利用氣墊導軌、光電門等器材來完成“探究加速度與力、質量的關系”實驗，具體裝

置如圖甲所示。實驗時先測出遮光條的寬度d,由刻度尺讀出滑塊釋放時遮光條到光電門的距離L,

滑塊每次從氣墊導軌上的同一位置釋放，光電門連接的數字計時器記錄下遮光條的遮光時間3僅改

變砂桶和砂的總質量m或滑塊和遮光條的總質量M來進行多組實驗。

(1)實驗中砂桶和砂的總質量m(填“需要”或“不需要”)遠小于滑塊和遮光條的總質

量Mo

(2)某次實驗中測得d=3.0mm,L=40.00cm,t=2.5x10-3s,則遮光條經過光電門時的速

度大小v=m/s,滑塊的加速度大小a=m/s?(計算結果均保留兩位有效數字)

(3)實驗小組測得多組實驗數據后，根據實驗數據處理結果繪制出的a—F圖像如圖乙所示，圖

線不過坐標原點的原因可能是。

A.砂桶和砂的總質量m過大

B.氣墊導軌固定有滑輪的一側高于另一側

C.氣墊導軌固定有滑輪的一側低于另一側

13.如圖所示，物體甲、乙用勁度系數k=5N/cm的輕彈簧連接放置在傾角為30。的斜面上，輕繩跨

過光滑定滑輪一端與乙連接，另一端與沙桶連接，物體丙通過動滑輪放在繩上。開始時系統處于靜

止狀態，彈簧處于原長，跨過滑輪的細線與豎直方向成60。角。已知甲、乙、丙的質量為加尹=

m乙=4kg,m丙=lkg,甲、乙與斜面間的動摩擦因數均為〃=號，最大靜摩擦力等于滑動摩擦

（2）乙受到的摩擦力大小；

（3）若向沙桶緩慢加入沙子，則當甲剛要向下滑動時，求加入沙桶中沙子的總質量及此時彈簧的

形變量。

14.民用航空客機的機艙一般都設有緊急出口，飛機發生意外情況著陸后，打開緊急出口的艙門，

會自動生成一個氣襄（由斜面力C部分和水平面CD部分構成的）.如圖所示為某氣囊斜面，機艙離底

端的豎直高度ZB=3.0m,斜面長AC=5.0m,斜面與水平面CD段間有一段小圓弧平滑連接.一個

質量加=60kg的旅客從氣囊上由靜止開始滑下，最后滑上水平面上的某點靜止.已知旅客與氣囊斜

面部分及水平面部分的動摩擦因數均為〃=0.5.（不計空氣阻力，g=10m/s2,sin37。=0.6和

cos37。=0.8）.（計算結果可保留根號）求：

（1）人在斜面上運動時的加速度大小；

（2）人滑到斜面底端C時的速度大小；

（3）人滑過C點后還要多久才能停下.

15.如圖所示，一物塊受水平輕彈簧作用靜止于傾斜傳送帶的底端，物塊與輕彈簧P點相連，質量為

m=3.2kga傳送帶與水平面的夾角6=37°,長度為L=2m,順時針轉動的速度為v=0.8m/s。物

塊與傳送帶間的動摩擦因數為黑=0.8,可看成質點。取重力加速度g=10m/s2,最大靜摩擦力等于

滑動摩擦力，sin37°=0.6,cos37°=0.8,求：

(1)若輕彈簧的形變量為Ax=1cm,求彈簧的勁度系數k；

(2)某時刻在P點剪斷彈簧，求剪斷彈簧后物塊在傳送帶上運動的時間t。

答案解析部分

1.B

2.D

A、研究雄鷹翅膀的運動方式時，不能把雄鷹作為質點，所以A錯；B、云與詩人一起具有向東的相

同速度，所以以云為參考系，所以詩人是靜止的，所以B錯；C、根據學生路程和時間的比值所求

為平均速率的大小，所以C錯；D、根據加速度的定義式a=卻可以得出加速度的方向與速度變化

量方向相同，所以D對；正確答案為：D

研究雄鷹的翅膀運行方式，不能把雄鷹作為質點；以云為參考系，詩人是靜止的；路程和時間的比

值為平均速率；加速度的方向與速度變化量的方向相同。

3.C

4.C

5.D

B、由題意可知三小球構成一個等邊三角形，小球1和3之間的力大于小球2和3之間的力，彈簧處

于壓縮狀態，故小球1和3一定是斥力，小球1帶正電，故小球3帶正電，小球3運動至a點時，

彈簧的伸長量等于與根據對稱性可知，小球2對小球3做功為0；彈簧彈力做功為0,故根據動能

定理有

12

mgLsin30°—-^mv

解得

V=y[gL

故B錯誤；

AC、小球3在b點時，設小球3的電荷量為q,有

.Qq_mg

設彈簧的彈力為F,根據受力平衡，沿斜面方向有

6QqQq.

F—k—5k—sin30°—7ngsin30°

L2L2

解得

9

F=4mg

小球運動至a點時，彈簧的伸長量等于目根據對稱性可知

F+fc^^-sin30°—mgsin30°=ma

L2'

解得

a=2g

方向與合外力方向一樣，沿斜面向上，故a先加速后減速，故AC錯誤；

D、當運動至ab中點時，彈簧彈力為0,此時小球2對小球3的力為

尸」Qq_2

/23=k----------5=~nm9

孕）

斜面對小球的支持力為

3V3-4

F=mgcos30°—尸23=-------7---------m9

N0

根據牛頓第三定律可知，小球對斜面的壓力大小為量|心加9,故D正確。

故答案為：Do

確定球3在運動過程的受力情況，再根據牛頓第二定律確定球3的運動情況。根據題意確定球3在

a、b兩點時彈簧的形變量，彈簧形變量相等，彈簧的彈性勢能不變。熟悉掌握點電荷等勢線的特

點，同一電荷電勢相等的的位置電勢能相等。再根據動能定理及力的合成與分解進行解答。

6.C

7.C

8.B,C

A、木板對托盤的壓力是彈力，不是重力，故A錯誤；

B、圖乙中說明運動不需要力維持，故B正確；

C、A同學推動B同學時，A對B的作用力與B對A的作用力大小相等，故C正確；

D、在太空中完全失重，是人對支撐物的壓力為0的現象，重力不會消失的，故D錯誤。

故答案為：BC。

木板對托盤的壓力是彈力，運動不需要力維持，在太空中完全失重，是支持力為零，重力不會消失

的。熟練掌握相互作用力的特點。

9.B,D

10.B,D

A,小球在運動過程中所受阻力大小不變，則小球向上運動時是勻減速運動，沿斜面向下勻加速運

動，由勻變速直線運動規律可知，只有當初速度（或末速度》為零時，連續相等的兩段時間內物體位

移之比為1：3（或3：1）,則由XAB=2z6=1：3,可知C點為最IWJ點，故A錯誤；

B.C點為最高點，則Vc=O,B點是A、C的時間中點，則向上經過B點的速度為為=寫久=

手,故B正確;

C.設小球沿斜面向上、向下運動時加速度大小分別為由、。2,頻閃時間間隔為T,根據位移時間關

系有：XBC=2al7*2,%CD=2a2T2;

又：xBC：XCD=2：1-解得：=I

由牛頓第二定律得：mgsind+f=max,mgsind—f=ma2;

解得：3=3故c錯誤；

Tugo

D.實際尺寸與照片尺寸之比為k,用刻度尺測得照片中CE長L,則實際CE長為kL,小球過D

點的速度：VD=又：刃=

可解得過E點的速度大小為：次=半，故D正確。

故選BD。

小球在運動過程中所受阻力大小不變，判斷小球沿斜面向上運動時是勻減速運動，沿斜面向下勻加

速運動，由勻變速直線運動規律可知，只有當初速度（或末速度》為零時，連續相等的兩段時間內物

體位移之比為1：3（或3：1）,可判斷C點為最高點，速度為零；

利用勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于該段時間內的平均速度，并等于初、末速度和的一

半，可求得B點和E點的瞬時速度；

小球沿斜面向上、向下運動根據位移時間關系求得加速度之比，再由牛頓第二定律列方程解得小球

所受阻力和重力的的大小之比；

11.3.68；;4沒有做到彈簧測力計、細繩、細繩套都與木板平行或讀

數時沒有正視彈簧測力計

12.需要；1.2；1.8；C

13.(1)對丙受力分析可知

2Tcos60°=m丙g

對沙桶分析可知

T=mg

解得沙桶的質量

m=1kg

(2)開始時系統處于靜止狀態，彈簧處于原長，對乙分析

T+m乙gsin300=f

解得乙受到的摩擦力大小

f=30N

(3)當甲剛要向下滑動時，對甲分析

F彈+m尹gsin30°=用gcos30°

解得

“ION

根據

解得

x=2cm

對乙分析

0

Tm+m^gsinSO=/zmz<gcos300+F彈

且

Tm=(m+m^g

解得m沙=1kg

(1)同一根繩子拉力相等。故分別對丙和沙灘進行受力情況，根據平衡條件及力的合成與分解進行

解答即可；

(2)彈簧處于原長，即此時彈簧的彈力為零。再對乙進行受力分析，根據平衡條件及力的合成與分

解進行求解；

(3)確定當甲剛要下滑時斜面對甲的摩擦力的大小及方向，在對甲進行受力分析，根據平衡條件及

力的合成與分解確定此時彈簧的彈力，再根據胡克定律確定此時彈簧的形變量。確定乙受到的摩擦

力和彈簧彈力方向，再分別對乙和沙桶進行受力分析，根據平衡