2025年物理中考真題電功率的計算（2）考點匯編答

案版

1.（2025?通遼）如圖是某款家用電飯煲的保溫、加熱兩擋調整功能電路，

段的阻值為121Q。電飯煲額定電壓為220V,它在額定電壓下處于加熱擋時功率

為1400W,則R。的阻值為48.4Q。只將電飯煲接入電路中，處于保溫擋工

作0.5h,使標有“lOOOimp/（kW?h”‘字樣的電能表指示燈閃耀162次［lOOOimp/

（kWh）指接在這個電能表上的用電器每消耗lkW?h的電能，電能表的指示燈

閃耀1000次］,此時電路的實際電壓為198Vo

【考點】電功率的計算；電能表參數的理解與電能的求法.

【解答】解（1）由電路圖可知，開關SrS2均閉合時氏與R2并聯，開關

S］閉合、S2斷開時電路為R］的簡潔電路，

因并聯電路中總電阻小于任何一個分電阻，

所以，開關SrS2均閉合時，電路的總電阻最小，由P=UI=看可知，電路

的總功率最大，電飯煲處于加熱狀態，

同理可知，開關S1閉合、S2斷開時，電飯煲處于保溫狀態，

則P=—=.（22紋）t=400W,

保溫121Q

因并聯電路中各支路獨立工作、互不影響，

所以，力口熱時R2的電功率P?=P加熱-P保溫=1400W-400W=1000W,

因并聯電路各支路兩端電壓與電源電壓相等，所以，電熱絲%=尤=

2P2

（220V）2

=48.4Q；

1000W

〔2〕電能表指示燈閃耀162次電飯鍋消耗的電能W=162iinp

WOOinip/(kFh)

0.162kW*h；

電飯鍋的實際電功率P=2=，」□匕細'±=0.324kW=324W；

t0.5h

由P=UI=^-可知，此時電路中的實際電壓U翥=V324VX121Q=

198Vo

故答案為：48.4；198o

2.（2025?貴港〕如以以下圖的電路，電源電壓保持不變，閉合開關S、S『斷開

開關S?，在滑動變阻器的滑片P從a端移動到b端的過程中，電壓表示數變化

范圍是4?12V,電流表示數變化范圍是0.4?L2A,則電源電壓是12V；

閉合開關S、S2,斷開開關S『當滑動變阻器的滑片從a端移動到中點時，小

燈泡L恰好正常發光，此過程中電路最大功率和最小功率之比為4：3,則小

燈泡L的額定功率是3.2W。［不計溫度對燈絲電阻的影響）

【考點】電功率的計算；歐姆定律的應用.

【解答】解（1）由電路圖可知，閉合開關S、斷開開關S2時，滑動變

阻器R2和定值電阻Ri串聯，電壓表測定值電阻R］兩端的電壓，電流表測電

路中的電流；

由歐姆定律可知，滑動變阻器接入電路的電阻為零時，電路中的電流最大，

此時電路為Ri的簡潔電路，電壓表測電源電壓，電壓表的示數最大，因此電

源電壓U=12V；

定值電阻用的阻值：

急10Q,

由歐姆定律可知，滑動變阻器接入電路的電阻最大時，電路中的電流最小,

此時電路中的總電阻:

R—一U—您30Q,

總大I小0,4A

由串聯電路的電阻特點可知，滑動變阻器的最大阻值：

R=R-R=3011-1017=2017；

大總大1

(2)閉合開關S、S2,斷開開關Si時，滑動變阻器R利燈泡L串聯，電壓

表測L兩端的電壓，電流表測電路中的電流；

由P=UI=M-和串聯電路的電阻特點可知，電路最大功率和最小功率之比:

U2

p大/R大+RLR大+RL20.十瓦4

p小-2JR大4X2°Q+RL3

R大+應2KL2

解得：RL=20Q；

由題意可知，小燈泡L恰好正常發光時，電路中的電流:

I=」-=T—=—咨—=0.4A,

R總小凡卷R大20。弓><20。

因此小燈泡L的額定功率：

PL=l2R0=(0.4A〕2X20Q=3.2WO

故答案為：12；3.2o

3.(2025?柳州)如圖電路，電阻R］、R2、R3的阻值分別為R、2R、3R,*1

為二極管(二極管具有單向導電性，只允許電流從其正極向負極通過，不允

許電流反方向通過，如同自動開關〕。閉合開關S,接入電路的總電阻為

5R。現將電源正負極對調再接回原位置，則前后兩種狀況R2消耗的功率之

比為9：25o

..,二乙

--A2

【考點】電功率的計算.

【解答】解[I）由圖結合二極管的單向導電性可知，閉合開關S時，電阻

R2>R3串聯，由串聯電路的電阻特點可知，接入電路的總電阻Ra=R2+R3=

2R+3R=5R；

12〕由圖結合二極管的單向導電性可知，將電源正負極對調再接回原位置時,

電阻R「R2串聯，由串聯電路的電阻特點可知，接入電路的總電阻R千$+1<2

=R+2R=3R,

2PI2R[2

由p=ui=2—可知，前后兩種狀況R消耗的功率之比:

22

RFbTRI

U

）2=2=〔色）2=（幽〕2=_LO

lb旦Ra5R25

Rb

故答案為：5R；9：25-

4.[2025?河池）某品牌電熱水壺有“加熱”和“保溫”兩個擋位，其內部簡化

電路如以以下圖，R]=160Q,R2=40Q,當SI閉合，S2斷開時，電熱水壺處于

保溫擋；加熱擋的電功率為1512.5W。

【考點】電功率的計算.

【解答】解：由電路圖可知，開關跖閉合、S2斷開時，電路為Ri的簡潔電路,

開關S「S2均閉合時，&與R2并聯，

依據并聯電路的電阻特點可知，并聯電路中總電阻小于任何一個分電阻，

所以，開關Si閉合、S2斷開時，電路的總電阻最大，電源電壓確定時，由P

=5=尤可知，電路的總功率最小，電熱水壺處于保溫擋；

R

同理可知，開關SrS2均閉合時，&與R2并聯，電路中的總電阻最小，總功

率最大，電熱水壺處于加熱擋；

加熱擋的電功率P加月產2=春^心黑產1駕?=]512.5W。

故答案為：保溫；1512.5。

5.(2025?貴陽〕如以以下圖電路，電源電壓保持不變。只閉合開關S1時，定值

電阻&的功率是16W；當開關SPS2都閉合時，氏的功率是25Wo則先后

兩次電路消耗的功率之比是4：50

【考點】電功率的計算.

【解答】解：由題意，電源電壓保持不變。只閉合開關Si時，&和R2串聯在

七ICffT，小1且七1狙口'J口竿ZE1UW,目」——(U}2.R-]6W---

RL+RJ「一

-------------------------①，

此時電路消耗的功率P=(―^―)2-(R.+RJ

R1+R22

當開關S]、S2都閉合時，用被短路，電路中只有R1一個用電器，R1的功率是

25W,止匕時R1的功率就是電路總功率，即P,=3^=25W-------------------------

R1

(Ri)216-rzRl4

由①②可知,-------!-------=22,可得H——i—=±,

(R^RP2---25R1+R25

先后兩次電路消耗的功率之比5-=u[24R|R)/=RI=4

R]+Rz'12,RjR+R5

P212

故答案為：4：5o

6.（2025?遼寧〕如圖甲所示，電源電壓為5V,電流表量程為0?0.6A,電壓表

量程為0?15V。在保證全部元件安全的狀況下，只閉合開關S、S],最大范

圍移動滑動變阻器滑片，繪制出電流表示數與電壓表示數關系的圖象，如圖

乙所示。只閉合開關S、S2,最大范圍移動滑動變阻器滑片，繪制出電壓表示

數與滑動變阻器R2接入電路中阻值關系的圖象，如圖丙所示。滑動變阻器

段的最大阻值為20Q,燈泡的額定功率為1.5W,以上兩種狀況，

電路最大功率為2.5Wo

【考點】電功率的計算.

【解答】解（1）只閉合開關S、燈泡與滑動變阻器段串聯，電壓表測

比兩端的電壓，依據串聯電路的分壓原理可知，當滑動變阻器接入電路的電

阻最大時，滑動變阻器兩端的電壓最大，由圖乙可知，滑動變阻器兩端的最

大電壓為4V,通過的最小電流為0.2A,由歐姆定律可知，滑動變阻器R1的

最大阻值：R,=21^L=^V_=20Q;當燈泡正常發光時，電路中的電流最

1大L小0.2A

大，由圖乙可知此時電路中電流為0.5A,即燈泡的額定電流為0.5A；

只閉合開關S、S2,燈泡與滑動變阻器R2串聯，電壓表測R2兩端的電壓，當

燈泡正常發光時電路中的電流最大，由歐姆定律可知，此時滑動變阻器R2接

入電路的電阻最小，由串聯電路的分壓原理可知，滑動變阻器R2兩端電壓最

小，由圖丙可知此時滑動變阻器R2兩端的電壓為2V,由串聯電路的電壓特點

可知，燈泡額定的電壓：U=5V-2V=3V,所以燈泡的額定功率：P=U

額額額

I=3VX0.5A=1.5W；

額

(2)由P=UI可知，電源電壓確定時，電路中的電流最大時，電路的電功率

最大，由題意可知，兩次電路中燈泡正常發光時電路中的電流最大，因此兩

次電路中的最大電流都等于燈泡的額定電流，所以兩次電路消耗的最大功率：

P=UI=5VX0.5A=2.5Wo

額

故答案為：20；1.5；2.50

7.(2025?廣安〕燈泡LpL2分別標有“12V9.6W”和“12V6W”的字樣，通

過LrL2的電流隨其電壓變化的圖像如圖甲所示。假設將LrL2并聯在

12V的電路中，則電路消耗的總功率為15.6Wo假設將LrL2與滑動變

阻器R

連接在如圖乙所示的電路中，電源電壓恒為24V,當開關S接1時，調整滑

片，使滑動變阻器的電功率是％的2倍,L的電功率為當開關S接2時，

調整滑片，使滑動變阻器的電功率是L2的3倍，L2的電功率為P2,則P2

【考點】電功率的計算.

【解答】解：

(1)將L「L2并聯在12V的電路中，由圖甲可知，當U=12V時，L=0.8A,

I2=0.5A,依據并聯電路的電流特點可知干路電流I=L+l2=0.8A+0.5A=L3A,

電路中總功率：P=UI=12VX1.3A=15.6W；

⑵當開關S接：I,燈泡L］與滑動變阻器串聯。依據串聯分壓，電路電流處

處相等，由P=UI可知，電流相等時，電功率之比等于電壓之比，

則R由于則R則由圖甲可知此時電流％=

UK=12U1,KU1+U1=24V,1U1=8V,J0.7A,

則P1=U1I3=8VX0.7A=5.6W；

當開關S接2,燈泡L2與滑動變阻器串聯，同理可得UR'=3U2，由于UR,

+U2=24V,則U2=6V,由圖甲可知此時電流L=0.4A,則P2=U2：l4=6VX0.4A

=2.4W,因此Pi：P2=5.6W：2.4W=7：3。

故答案為：15.6；7：3。

8.（2025?齊齊哈爾〕小麗認真觀看了自己家的電能表，參數如以以下圖。她讓

家中某個用電器單獨工作3min,覺察電能表的轉盤轉過90轉，則此用電器消

耗的電能是0.025kWh,此用電器的電功率是500Wo

【考點】電功率的計算；電能表參數的理解與電能的求法.

【解答】解：3600r/〔kWh）表示電路中每消耗IkWh電能，電能表的轉盤

轉過3600圈，

，Mr

則電能表轉盤轉了90圈，用電器消耗的電能：W=....w-r=0.025kW

3600r/

,h；

Q

該用電器的電功率：P=1=-025kW>h=Q5kw=50QW

t

60

故答案為:0.025；500o

9.（2025?涼山州）把標有“6V3W”的和“6V6W”的兩個燈泡串聯接入電路

中，在保證安全使用的狀況下讓其中一個燈泡正常發光，無視溫度對燈絲電

阻的影響，則電源兩端電壓是9V,此時兩燈消耗的總功率為4.5Wo

【考點】電功率的計算.

【解答】解：由P=W■可得，兩燈泡的電阻分別為R1=%=粵二=12Q；

Kriiff

=

兩燈泡的額定電流分別為I1=-^-777=0.5A,I2=^.=iL=lA,

U?6VU26V

因串聯電路中各處的電流相等，且一個燈泡正常發光，所以，電路中的電流I

=1］=0.5A；

因串聯電路中總電阻等于各分電阻之和，則電源兩端電壓

U=IR申=0.5AX

［12Q+6Q)=9V；

所以，整個電路此時消耗的總功率P=I2R=(0.5A)2X(6Q+12Q〕=4.5W。

串

故答案為：9；4.50

10.(2025?齊齊哈爾〕如以以下圖，甲、乙是連接試驗室常用電流表或電壓表的

位置，電源電壓恒定。在甲、乙位置分別接入某種電表，閉合開關SPS2,

兩燈均發光，甲、乙兩個電表示數之比為1：5；斷開SpS2,在甲、乙位置

分

別接入另一種電表，然后再只閉合開關兩燈均發光，則此時甲、乙兩電

表示數之比為5：4,燈泡L1與L,的電功率之比為4：1。1無視溫

度對燈絲電阻的影響)

【考點】電功率的計算；歐姆定律的應用.

【解答】解:閉合開關S］、S2,兩燈均發光，則L「L2串聯，甲是電壓表，

測量Li兩端電壓，乙是電壓表，測量電源電壓；甲、乙兩個電表示數之比為

1：5,則燈泡LrL2兩端電壓之比為1：4,依據串聯電路電流處處相等和歐

姆定律，則故?=U<?Un=l?4。斷開S］、S,,在甲、乙位置

分別接入另一種電表，然后再只閉合開關兩燈均發光，則LpL2并聯，

此時甲是電流表，測量干路電流，乙是電流表，測量通過Li的電流。依據并

聯電路各支路兩端電壓相等和歐姆定律，則通過燈泡L「L2的電流之比11：

I2=R9：&=4：1,則甲、乙兩電表示數之比為(1+4)：4=5：4,燈泡L］與

L2的電功率之比P『P2=UI1：UI2=I1：I2=4：IO

故答案為：5：4；4：1o

11.（2025?陜西）如圖-1所示電路，電源電壓不變，L是額定電壓為2.5V的小

燈泡，R為滑動變阻器。閉合開關，滑片P在某兩點間移動的過程中，電流

表A與電壓表V、的示數變化關系如圖-2所示。當電流表示數為0.2A時，

兩電壓表的示數相等，則電源電壓為3Vo小燈泡正常工作時的電流為

0.25A,此時滑動變阻器接入電路的阻值為2Q,電路的總功率為

0.75Wo

【考點】電功率的計算.

【解答】解：由圖-1可知，小燈泡與滑動變阻器串聯，電壓表V］測小燈泡

兩端的電壓，電壓表V2測滑動變阻器R兩端的電壓，電流表測電路中的電流；

。依據圖-2可知，當電流表示數為0.2A時，電壓表V］的示數為口=L5V,

由題意可知，此時兩電壓表的示數相等，即U2=UI=L5V,由串聯電路的電

壓特點可知，電源電壓：U=Uj+U2=1.5V+1.5V=3V；

0小燈泡在額定電壓下正常發光，因此小燈泡正常發光時其兩端的電壓

U=U=2.5V,由圖-2可知此時通過小燈泡的電流為I=0.25A,

L額L

由串聯電路的電流特點可知，此時電路中的電流：1=1=I=0.25A,

滑LT

由串聯電路的電壓特點可知，滑動變阻器兩端的電壓:U=U-U=3V-2.5V

滑L

=0.5V,

由歐姆定律可知，滑動變阻器接入電路的電阻：R=-=-^-=20,

滑I得0.25A

電路的總功率：P=UI=3VX0.25A=0.75Wo

故答案為：3；0.25；2；0.75o

12.（2025?衡陽〕某商場有甲、乙兩種容積一樣的電熱水壺，甲標有“220V800W”

的字樣，乙標有“220V1500W”的字樣，假設家庭電路的電壓是220V,室

內插座的額定電流是5A,用該插座給電熱水壺供電，從安全用電的角度考慮,

應選購甲〔選填“甲”或“乙與電熱水壺，選擇的理由是乙的額定

申：而大于插座的額定'申,流，。

【考點】電功率的計算.

【解答】解：甲的額定電流為：I=￡巴=型型弋3.6人；乙的額定電流為：I

甲U甲220V

=工="03弋6.8A；室內插座的額定電流是5A,乙的額定電流大于插座

乙U乙220V

的額定電流，甲的額定電流小于插座的額定電流，所以應中選用甲。

故答案為：甲；乙的額定電流大于插座的額定電流。

13.（2025?德陽）如以以下圖的電路中，電源電壓U=10V,R1=5Q,R2=20Qo

只閉合Si時，電路中的工作電流是0.5A；當只閉合S2時電路消耗功率

為P,只閉合S1和S3電路消耗的功率為P”，則兩次功率之比P：P”等于&

250

--------------------------------------------------11----------------------------------------------------------------------

3_________

【考點】電功率的計算；歐姆定律的應用.

【解答】解（1）只閉合S1時，只有R2接入電路，電路中的工作電流為:

【2意=懸=0"；

（2）只閉合S2時，風和R2串聯，此時電路中的電流為:

U—一10V=0.4A,

R]+R250+20口

此時電路消耗的功率為：

P=UI=10VX0.4A=4W,

串

只閉合S1和S3時，R］和R2并聯，此時電路中的總電阻為:

R_R?_5-X20Q一Q

并R1+R25◎+20a'

此時干路電流為：I=JL=1OV=2.5A,

并R并4a

此時電路消耗的功率為:

P"=UI=10VX2.5A=25W,

并

所以兩次功率之比P：P”=4W：25W=4：25o

故答案為：0.5；4：25-

14.12025?南充〕甲、乙兩電阻的電流隨電壓的變化關系如以以下圖，則R<

甲

R〔選填“>”、"V”或"=”），當電阻兩端電壓相等時，甲、乙兩個電阻

乙

的電功率之比P：P=3：1o

【考點】電功率的計算.

【解答】解：（1）由圖象可知，當U=3V時通過的電流為I=3A,U=

甲甲乙

3V時通過的電流為I=1A,

乙

由1=1可得，甲乙的電阻分別為：

丫冷卻。R=以=迎=3。,

乙1乙1A

所以，R<R；

甲乙

（3）電阻R、R兩端的電壓相等,

甲乙

U2,u2畀=3：

所以‘兩電阻的功率之比：Pjlo

R乙1C

故答案為：V;3：1o

15.(2025?達州)如以以下圖，電源電壓恒定不變，&、口2為定值電阻，Rj=10Q,

&<口2。當閉合開關S2>S3,開關Si處于斷開狀態時,RpR2并聯，

電流表示數為0.45A；當斷開S2>S3,閉合S1時，電流表示數為0.1A。由以

上數據可得，電源電壓為3V；RPR2并聯時，R,消耗的功率為0.45

Wo

【考點】電功率的計算；歐姆定律的應用.

【解答】解[1)當閉合開關S2>S3,開關Si處于斷開狀態時，RPR2并聯；

當斷開S2、S3，閉合S1時，RPR2串聯；

(2)設電源電壓為U,當RPR2并聯時，電流表測干路電流，其示數為I1

=0.45A,依據并聯電路電流特點有：

JL+JL=T,即-』，+」J_=0.45A........①,

1

RiR210^R2

當R「R2串聯時，電流表測串聯電路電流，其示數為U=O/A,依據串聯電

路電壓特點有：

U=l2(R1+R2〕，即U=0.1AX(IOQ+R2).......②，

由①②解得R2=5Q,或R2=20Q,由于R]<R2,故R2=20Q,則電源電壓為：

u=l2(R1+R2〕=0.1AX(10Q+20Q)=3V；

(3)當R「R2并聯時，R2消耗的功率為：

P=—=I^li=0.45Wo

2

R220Q

故答案為：斷開；3；0.45o

16.(2025?南通)如以以下圖，電源電壓恒定，凡是定值電阻，小燈泡L標有“6V

3W”，滑動變阻器用的最大阻值為20Q。三個開關均閉合時，小燈泡恰好正

常發光,電流表示數為L5A。

(1)求小燈泡的額定電流；

(2)求電阻R。的阻值；

(3)閉合S,斷開S］和S2,移動變阻器的滑片P,求電路總功率的最小值和

最大值。

【考點】電功率的計算；歐姆定律的應用.

P

【解答】解(1〕依據P=UI可知小燈泡的額定電流I=-^=iL=O.5A；

LUL6V

(2〕三個開關均閉合時，燈泡和定值電阻并聯，小燈泡恰好正常發光，

依據并聯電路的電壓特點可知電源電壓U=UL=6V,

電流表示數為L5A,依據并聯電路的電流特點可知通過定值電阻的電流10=1

-I=1.5A-O.5A=1A,

L

依據歐姆定律可知電阻R0的阻值R0=*=整=6Q；

〔3〕閉合S,斷開Si和S2,定值電阻和滑動變阻器串聯，滑動變阻器接入電

路的阻值最大時，總電阻最大，電源電壓不變，依據P=U;可知電路的總功

R

率最小；滑動變阻器接入電路的阻值為0。時，總電阻最小，電源電壓不變，

依據P=*可知電路的總功率最大。

U2(6力2

電路總功率的最小值p=%.4W；

RJ+RQ20Q+6Q

U2=

電路總功率的最大值p=6Wo

2百一6a

答m小燈泡的額定電流為0.5A；

(2)電阻R0的阻值為6Q；

(3)閉合S,斷開S1和S2,移動變阻器的滑片P,電路總功率的最小值和最

大值分別為L4W、6Wo

17.12025?荷澤)如以以下圖為某用電器的內部簡化電路，風和R2為定值電阻,

&=176Q。現將該用電器接入電壓為220V的電路，當S1斷開、S2接b時，

用電器消耗的電功率為220W。求：

(1)只閉合S］時，流過R］的電流；

(2)電阻R2的阻值；

(3)該用電器的最大電功率。

【考點】電功率的計算；歐姆定律的應用.

【解答】解(1)由電路圖可知，只閉合即時，電路為R1的簡潔電路，此時

流過段的電流：

J-U-220V=1.25A；

RL176a

(2)當Si斷開、S2接b時，&和R2串聯，由P=UI=*可知，止匕時電路中

的總電阻:

_U2-(220V)2

R=220。；

P用220W

由串聯電路的電阻特點可知，電阻R2的阻值：R2=R-&=220Q-176Q=

44Q；

(3)由P=UI=U：可知，電源電壓確定時，電路中的電阻越小，電功率越大,

R

依據串并聯電路的電阻特點可知，兩電阻并聯時電路中的總電阻最小,

此時R］和R2的電功率分別為:

U2_（220V）2

pi=275W,

176Q

U2=（220V）2

p==11OOW,

r244c

因此該用電器的最大電功率：

P=P+P=275W+11OOW=1375Wo

最大12

答⑴只閉合S1時，流過R］的電流為L25A；

(2)電阻R2的阻值為44Q；

(3)該用電器的最大電功率為1375Wo

18.［2025?南通)如以以下圖，電源電壓恒定，R。是定值電阻，小燈泡L標有“6V

3W”，滑動變阻器段的最大阻值為20Q。三個開關均閉合時，小燈泡恰好正

常發光，電流表示數為L5A。

(1)求小燈泡的額定電流；

(2)求電阻Ro的阻值；

(3)閉合S,斷開S1和S2,移動變阻器的滑片P,求電路總功率的最小值和

最大值。

【考點】電功率的計算；歐姆定律的應用.

P

【解答】解(1)依據P=UI可知小燈泡的額定電流IL=-^=11=0.5A；

(2〕三個開關均閉合時，燈泡和定值電阻并聯，小燈泡恰好正常發光，

依據并聯電路的電壓特點可知電源電壓U=UL=6V,

電流表示數為L5A,依據并聯電路的電流特點可知通過定值電阻的電流10=1

-I=1.5A-O.5A=1A,

L

依據歐姆定律可知電阻R0的阻值R0=J；=^=6Q；

(3)閉合S,斷開Si和S2,定值電阻和滑動變阻器串聯，滑動變阻器接入電

路的阻值最大時，總電阻最大，電源電壓不變，依據P=l匚可知電路的總功

R

率最小；滑動變阻器接入電路的阻值為0Q時，總電阻最小，電源電壓不變，

2

依據p=Un_可知電路的總功率最大。

R

U2(6V)2

電路總功率的最小值p=%.4W；

Ri+R。20Q+6c

22

U=(6V)

電路總功率的最大值p26W0

R06a

答(1〕小燈泡的額定電流為0.5A；

(2)電阻R。的阻值為6Q；

(3)閉合S,斷開S1和S2,移動變阻器的滑片P,電路總功率的最小值和最

大值分別為L4W、6Wo

19.(2025?荷澤)如以以下圖為某用電器的內部簡化電路，段和R2為定值電阻,

&=176Q。現將該用電器接入電壓為220V的電路，當S1斷開、S2接b時，

用電器消耗的電功率為220W。求：

(1)只閉合S1時，流過R］的電流；

(2)電阻R2的阻值；

(3)該用電器的最大電功率。

【考點】電功率的計算；歐姆定律的應用.

【解答】解(1〕由電路圖可知，只閉合S1時，電路為R］的簡潔電路，此時

流過《的電流：

I_U_220V-1.25A；

Rf176a

2

當斷開、接時，和串聯，由「=、rr可知，止匕時電路中

(2)31ZS,1bZKR,R111=

的總電阻：

R=—=I22OVV=220Q；

F串220W

由串聯電路的電阻特點可知，電阻R2的阻值：R2=R-R1=220Q-1760=

44Q；

2

13〕由P=UI=旦n-可知，電源電壓確定時，電路中的電阻越小，電功率越大,

R

依據串并聯電路的電阻特點可知，兩電阻并聯時電路中的總電阻最小,

此時g和R2的電功率分別為:

多票=275W

Pi

P產尤=(22°V)2moow,

-R244a

因此該用電器的最大電功率：

P=P+P=275W+1100W=1375Wo

最大12

答⑴只閉合S1時，流過R］的電流為L25A；

(2)電阻R2的阻值為44Q；

(3)該用電器的最大電功率為1375Wo20.(2025?

六盤水〕如以以下圖的電路中，小燈泡L標有“6V3.6W”字樣。閉合

開關S,小燈泡正常發光，電流表示數為0.3A。設燈絲電阻不變，求：

(1)小燈泡的額定電流；

(2)定值電阻R的阻值；

【考點】電功率的計算；歐姆定律的應用.

【解答】解⑴由題知小燈泡L標有“6V3.6W”字樣,

I6A；

額U額6V

[2)由題知，由題知，R與L并聯，電流表測R的電流,

小燈泡正常發光，即電源電壓為6V,

電流表示數為0.3A,即R的電流為0.3A,

R=JJ=_6V_=20fi;

I0.3A

⑶I.6=IL+IR=0.6A+0.3A=0.9A,

P=UI=6VX0.9A=5.4Wo

故答案為：(1〕小燈泡的額定電流為0.6A；

(2)定值電阻R的阻值為20Q；

(3)電路消耗的總功率為5.4Wo21.[2025*

梧州〕在如以以下圖的電路中，電源電壓恒定為6V,風阻值為1OQ,

閉合開關S,電流表的示數為0.9A。問：

(1)通過Ri的電流是多少？

(2)R2的阻值是多少？

(3)現用一個規格為“5OQ2A”的滑動變阻器替換&或R2。要求：替換后,

電源的最大電功率不小于15W,則電源的最小電功率是多少？

1~

【考點】電功率的計算；歐姆定律的應用.

【解答】解：由圖可知，R「R2并聯，電流表測干路的電流；

(1)由并聯電路的電壓特點可知，段兩端的電壓U]=U=6V,

則通過此的電流：

I=—=-^-=0.6A；

1100

(2)由并聯電路的電流特點可知，通過R2的電流：

I2=I-L=0.9A-O.6A=O.3A,

由并聯電路的電壓特點可知，R2兩端的電壓U2=U=6V,

由歐姆定律可知，R2的阻值：

R=—=-^-=20Q；

2

120.3A

(3)由P=UI可知，電路中的最小電流:

一年潟=2"

I

由滑動變阻器的規格可知，滑動變阻器允許通過的最大電流：

I=2A,

滑大

則通過定值電阻的最小電流：

I=1-I=2.5A-2A=O.5A>O.3A,

定小最小滑大

因此滑動變阻器替換的是R2,

由歐姆定律可知，當滑動變阻器接入電路的電阻最大時，通過滑動變阻器的

電流最小，

由并聯電路的電壓特點可知，滑動變阻器兩端的電壓：U=U=6V,

滑

通過滑動變阻器的最小電流：

J=U冒

6V=0.12A,

滑小艱50^

由并聯電路的電流特點可知，電路中的最小電流:

I，J=L+*=S6A+0』2A=0.72A,

由并聯電路的特點可知，通過《的電流不變,

則電源的最小電功率：

P=UI=6VX0.72A=4.32Wo

小小

答⑴通過段的電流是0.6A；

(2)R2的阻值是20Q；

(3)更換后電源的最小電功率是4.32Wo

22.〔2025?益陽)隨著汽車的普及，車載電飯煲開頭得到應用，人們能夠在車內

隨時隨地做飯而不受場地的限制，更好滿足了旅游共性化要求。如圖是某品

牌車載電飯煲簡化后的電路原理圖，直流電源的電壓為12V,RpR2均為電

熱絲。當只閉合S1時是保溫擋，功率為96W；當跖、S2都閉合時為加熱擋，

功率為300Wo求：

(1)在加熱擋工作時，工作100秒電路中消耗的電能；

(2)&的阻值；

(3)在保溫擋時，R2的電功率。

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Si

12VRih

Isf-

-