2024-2025學年黑龍江省綏化市青岡縣高考一模考試物理試題（A）注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、三根通電長直導線垂直紙面平行固定，其截面構成一正三角形，O為三角形的重心，通過三根直導線的電流分別用I1、I2、I3表示，方向如圖?，F在O點垂直紙面固定一根通有電流為I0的直導線，當時，O點處導線受到的安培力大小為F。已知通電長直導線在某點產生的磁感應強度大小和電流成正比，則（）A．當時，O點處導線受到的安培力大小為4FB．當時，O點處導線受到的安培力大小為C．當時，O點處導線受到的安培力大小為D．當時，O點處導線受到的安培力大小為2F2、在如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈的匝數比為10:1，副線圈接有阻值為10的定值電阻R，原線圈接有如圖乙所示的正弦交變電壓。下列分析正確的是A．變壓器原線圈通過的電流為B．變壓器副線圈通過的電流為C．電阻R兩端的電壓為10VD．電阻R消耗的功率為40W3、如圖所示，兩個內壁光滑的圓形管道豎直固定，左側管道的半徑大于右側管道半徑。兩個相同小球A、B分別位于左、右管道上的最高點，兩球的半徑都略小于管道橫截面的半徑。由于微小的擾動，兩個小球由靜止開始自由滑下，當它們通過各自管道最低點時，下列說法正確的是（）A．A球的速率等于B球的速率B．A球的動能等于B球的動能C．A球的角速度大于B球的角速度D．A球、B球對軌道的壓力大小相等4、圖1是研究光的干涉現象的裝置示意圖，在光屏P上觀察到的圖樣如圖2所示。為了增大條紋間的距離，下列做法正確的是（）A．增大單色光的頻率B．增大雙縫屏上的雙縫間距C．增大雙縫屏到光屏的距離D．增大單縫屏到雙縫屏的距離5、2016年2月，物理學界掀起了“引力波”風暴，證實了愛因斯坦100年前所做的預測。據報道，各種各樣的引力波探測器正在建造或者使用當中?？赡艿囊Σㄌ綔y源包括致密雙星系統（白矮星、中子星和黑洞）。若質量分別為m1和m2的A、B兩天體構成雙星，如圖所示。某同學由此對該雙星系統進行了分析并總結，其中結論不正確的是（）A．A、B做圓周運動的半徑之比為m2：m1B．A、B做圓周運動所需向心力大小之比為1：1C．A、B做圓周運動的轉速之比為1：1D．A、B做圓周運動的向心加速度大小之比為1：16、2019年7月9日，在沈陽進行的全國田徑錦標賽上，來自上海的王雪毅以1米86的成績獲得女子跳高冠軍。若不計空氣阻力，對于跳高過程的分析，下列說法正確的是（）A．王雪毅起跳時地面對她的彈力大于她對地面的壓力B．王雪毅起跳后在空中上升過程中處于失重狀態C．王雪毅躍桿后在空中下降過程中處于超重狀態D．王雪毅落到軟墊后一直做減速運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、以下說法正確的是（）A．玻璃打碎后不容易把它們拼在一起，這是由于分子間斥力的作用B．焦耳測定了熱功當量后，為能的轉化和守恒定律奠定了實驗基礎C．液體表面層分子間引力大于液體內部分子間引力是表面張力產生的原因D．當分子間的距離增大時，分子間的斥力和引力都減小，但斥力減小得快E.懸浮在液體中的顆粒越小，小顆粒受到各個方向液體分子的沖擊力就越不平衡，布朗運動就越明顯8、如圖所示，長方體物塊上固定一長為L的豎直桿，物塊及桿的總質量為如2m.質量為m的小環套在桿上，當小環從桿頂端由靜止下滑時，物塊在水平拉力F作用下，從靜止開始沿光滑水平面向右勻加速運動，環落至桿底端時，物塊移動的距離為2L,已知F=3mg,重力加速度為g.則小環從頂端下落到底端的運動過程A．小環通過的路程為B．小環所受摩擦力為C．小環運動的加速度為D．小環落到底端時，小環與物塊及桿的動能之比為5:89、如圖（a）所示，在勻強磁場中，一電阻均勻的正方形單匝導線框繞與磁感線垂直的轉軸勻速轉動，線圈產生的交變電動勢隨時間變化的規律如圖（b）所示，若線框總電阻為，則（）A．邊兩端電壓的有效值為B．當線框平面與中性面的夾角為時，線框產生的電動勢的大小為C．從到時間內，通過線框某一截面的電荷量為D．線框轉動一周產生的焦耳熱為10、投擲標槍是運動會的比賽項目。運動員將標槍持在離地面高的位置，之后有三個階段：①運動員與標槍--起由靜止加速至速度為；②以的速度為基礎，運動員經的時間將標槍舉高至處，并以的速度將標槍擲出；③標槍離手后向斜上方向運動至離地面的最高點后再向斜下方運動至地面。若標槍的質量為，離手后的運動的最大水平距離為。取地面為零勢能參考面，取。下列說法中正確的是（）A．第①階段中，運動員對標槍做功B．第①②③階段中，標槍獲得的最大動能為C．第①②③階段中，標槍的最大機械能為D．第②階段中，運動員對標槍做功的平均功率為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學利用如圖所示的裝置來測量動摩擦因數，同時驗證碰撞中的動量守恒。豎直平面內的一斜面下端與水平面之間由光滑小圓弧相連，斜面與水平面材料相同。第一次，將小滑塊A從斜面頂端無初速度釋放，測出斜面長度為l，斜面頂端與水平地面的距離為h，小滑塊在水平桌面上滑行的距離為X1（甲圖）；第二次將左側貼有雙面膠的小滑塊B放在圓弧軌道的最低點，再將小滑塊A從斜面頂端無初速度釋放，A與B碰撞后結合為一個整體，測出整體沿桌面滑動的距離X2（圖乙）。已知滑塊A和B的材料相同，測出滑塊A、B的質量分別為m1、m2，重力加速度為g。(1)通過第一次試驗，可得動摩擦因數為μ=___________；（用字母l、h、x1表示）(2)通過這兩次試驗，只要驗證_________，則驗證了A和B碰撞過程中動量守恒。（用字母m1、m2、x1、x2表示）12．（12分）某實驗小組用來研究物體加速度與質量的關系，實驗裝置如圖甲所示。其中小車和位移傳感器的總質量為，所掛鉤碼總質量為，小車和定滑輪之間的繩子與軌道平面平行，不計輕繩與滑輪之間的摩擦及空氣阻力，重力加速度為。(1)若已平衡摩擦力，在小車做勻加速直線運動過程中，繩子中的拉力大小=__________（用題中所給已知物理量符號來表示）；當小車的總質量和所掛鉤碼的質量之間滿足__________時，才可以認為繩子對小車的拉力大小等于所掛鉤碼的重力；(2)保持鉤碼的質量不變，改變小車的質量，某同學根據實驗數據畫出圖線，如圖乙所示，可知細線的拉力為__________（保留兩位有效數字）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲為應用于機場和火車站的安全檢查儀，用于對乘客的行李進行安全檢查。其傳送裝置可簡化為如圖乙的模型，緊繃的傳送帶始終保持lm/s的恒定速率運行。乘客把行李無初速度地放在A處，設行李與傳送帶之間的動摩擦因數為2.1．A、B間的距離為4.5m。若乘客把行李放到傳送帶A處的同時接受工作人員安檢，2s后從A處平行于傳送帶運動到B處取行李。乘客先由靜止開始以2.5m/s2的加速度做勻加速直線運動，然后做加速度大小為2.5m/s2的勻減速直線運動到B處時速度恰為2．求乘客與行李到達B處的時間差。（重力加速度g取12m/s2）14．（16分）如圖所示，在邊長為L的正三角形OAB區域內存在垂直于紙面向里的勻強磁場(圖中未畫出)和平行于AB邊水平向左的勻強電場(圖中未畫出)。一帶正電粒子以某一初速度從三角形區域內的O點射入三角形區域后恰好沿角平分線OC做勻速直線運動。若撤去該區域內的磁場，該粒子仍以此初速度從O點沿角平分線OC射入三角形區域，則粒子恰好從A點射出；若撤去該區域內的電場，該粒子仍以此初速度從O點沿角平分線OC射入三角形區域，則粒子將在該區域內做勻速圓周運動。粒子重力不計。求：(1)粒子做勻速圓周運動的半徑r；(2)三角形區域內分別只有電場時和只有磁場時，粒子在該區域內運動的時間之比。15．（12分）電子對湮滅是指電子和正電子碰撞后湮滅，產生伽馬射線。如圖所示，在豎直面xOy內，第I象限內存在平行于y軸的勻強電場E，第II象限內存在垂直于面xOy向外的勻強磁場B1，第IV象限內存在垂直于面xOy向外的矩形勻強磁場B2（圖中未畫出）。點A、P位于x軸上，點C、Q位于y軸上，且OA距離為L．某t0時刻，速度大小為v0的正電子從A點沿y軸正方向射入磁場，經C點垂直y軸進入第I象限，最后以的速度從P點射出。同一t0時刻，另一速度大小為的負電子從Q點沿與y軸正半軸成角的方向射入第IV象限，后進入未知矩形磁場區域，離開磁場時正好到達P點，且恰好與P點出射的正電子正碰湮滅，即相碰時兩電子的速度方向相反。若已知正負電子的質量均為m、電荷量大小為e、電子重力不計。求：(1)第II象限內磁感應強度的大小B1(2)電場強度E及正電子從C點運動至P點的時間(3)Q點的縱坐標及第IV象限內矩形磁場區域的最小面積S

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

根據安培定則畫出在O點的磁感應強度的示意圖如圖所示當時，三根導線在O點產生的磁感應強度大小相等，設為，根據磁場疊加原理可知，此時O點的磁感應強度為此時O點處對應的導線的安培力AB．由于通電長直導線在某點產生的磁感應強度大小和電流成正比，當時，則有，根據磁場疊加原理可知，此時O點的磁感應強度為此時O點處對應的導線的安培力故AB錯誤；C．當時，有，如圖所示根據磁場疊加原理可知此時O點處對應的導線的安培力故C正確；D．當時，有，如圖所示根據磁場疊加原理可知此時O點處對應的導線的安培力故D錯誤。故選C。2、B【解析】

由原線圈接的正弦交變電壓的u-t圖像可讀出最大值為，可得輸入電壓的有效值為；，由理想變壓器的電壓比等于匝數比，有：可得副線圈的兩端的電壓為：AB．對副線圈的電路由歐姆定律可得副線圈的電流為：結合電流比等于匝數的反比，可得原線圈流過的電流為：故A項錯誤，B項正確；C．電阻R并聯在副線圈兩端，則電壓即為副線圈兩端的電壓為，故C錯誤；D．電阻R消耗的功率為：，故D項錯誤。故選B。3、D【解析】

AB．對于任意一球，根據機械能守恒得解得由于左側管道的半徑大于右側管道半徑，所以A球的速率大于B球的速率，A球的動能大于B球的動能，故A、B錯誤；C．根據可得則有即A球的角速度小于B球的角速度，故C錯誤；D．在最低點，根據牛頓第二定律可得解得根據牛頓第三定律可得A球、B球對軌道的壓力大小相等，故D正確；故選D。4、C【解析】

A．增大單色光頻率，則波長減小，根據公式可知，條紋間的距離減小，A不符合要求；B．增大雙縫屏上的雙縫間距d，根據公式可知，條紋間的距離減小，B不符合要求；C．增大雙縫屏到光屏的距離L，根據公式可知，條紋間的距離增大，C符合要求；D．根據公式可知，條紋間的距離與單縫屏到雙縫屏的距離無關，D不符合要求。故選C。5、D【解析】

AB．因為兩天體的角速度相同，由萬有引力提供向心力可知兩天體的向心力大小相等，半徑之比為AB正確；C．根據角速度與轉速的關系可知兩天體轉速相同，C正確；D．由得D錯誤。本題選不正確的，故選D。6、B【解析】

A．王雪毅起跳時地面對她的彈力與她對地面的壓力是作用力與反作用力，大小相等，故A項錯誤；B．王雪毅起跳后在空中上升過程中，加速度的方向向下，處于失重狀態，B項正確；C．王雪毅越桿后在空中下降過程中，她只受到重力的作用，加速度的方向向下，處于失重狀態，C項錯誤；D．王雪毅落到軟墊后，軟墊對她的作用力先是小于重力，所以她仍然要做短暫的加速運動，之后才會減速，D項錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BDE【解析】

A.碎玻璃不能拼在一起，是由于分子距離太大，達不到分子吸引力的范圍，故A錯誤；B.焦耳測定了熱功當量后，為能的轉化和守恒定律奠定了實驗基礎，選項B正確；C.由于液體表面層分子間距離大于分子平衡時的距離，分子間的作用力表現為引力，則液體表面存在張力，故C錯誤；D.當分子間的距離增大時，分子間的斥力和引力都減小，但斥力減小得快，選項D正確；E.懸浮在液體中的顆粒越小，小顆粒受到各個方向液體分子的沖擊力就越不平衡，布朗運動就越明顯，選項E正確。故選BDE。8、ABD【解析】

ABC.水平方向上，據牛頓第二定律有：代入數據解得：小球在水平方向上做初速度為零的勻加速直線運動，另據水平方向的位移公式有：解得運動時間為：在豎直方向上有：解得：即小球在豎直方向上做加速度為的勻加速直線運動，據牛頓第二定律有：解得小球所受摩擦力為：故小球運動的加速度為：小球的合運動為勻加速直線運動，其路程與位移相等，即為：故AB正確，C錯誤；D.小環落到底端時的速度為：環其動能為：環此時物塊及桿的速度為：桿其動能為：桿故有小環與物塊及桿的動能之比為5:8，故D正確。9、AB【解析】

A．根據電動勢隨時間的變化曲線可得，交流電的電動勢的瞬時值為則交流電的電動勢的有效值為邊兩端電壓的有效值為所以A正確；B．當線框平面與中性面的夾角為時，即則此時的電動勢為所以B正確；C．由圖象可得交流電的周期為從到時間內，即半個周期內，通過線框某一截面的電荷量為由電動勢的瞬時值表達式可知則所以C錯誤；D．此交流電的電流有效值為根據焦耳定律可得，線框轉動一周產生的焦耳熱為所以D錯誤。故選AB。10、ACD【解析】

A．第①階段中，標槍在水平面加速運動，動能增加量為由動能定理得運動員對標槍做功為，故A正確；B．第①②③階段中，標槍出手時速度最大，其動能也最大，有故B錯誤；C．第①②③階段中，標槍出手前機械能一直增大，出手時機械能最大，有故C正確；D．第②階段中，標槍機械能增加量為則運動員對標槍做功的平均功率為故D正確。故選ACD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、【解析】

(1)[1]．對小滑塊下滑到停止過程，據動能定理得解得(2)[2]．對小滑塊A滑到斜面最低點的速度為v1，在水平桌面上時，據牛頓第二定律得μm1g=m1a解得a=μg據速度位移關系公式得設A與B碰撞后速度為v2，同理得根據A、B碰撞過程動量守恒得m1v1=(m1+m2)v2聯立解得12、0.20【解析】

(1)[1]平衡摩擦力后：解得：；[2]當小車和位移傳感器的總質量和所掛鉤碼的質量之間滿足時，才可以認為繩子對小車的拉力大小等于所掛鉤碼的重力；(2)由牛頓第二定律知：則的圖線的斜率是合外力，即繩子拉力，則：。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、3S【解析】

對行李，設加速度為a，則有：a=μg設行李速度達到lm/s時，時間為t1，位移為x1，則有：時間為：t1=位移為：x1=整理代入數據得：t1=lsx1=2.5m＜4.5m設行李勻速運動時間為t2，則有：t2==4s即行李從A到B所需時間為：t1+t2=5s對乘客，設經過t時間由A到B，則有：x=2×代入數據得：t=6s故乘