高級中學名校試卷PAGEPAGE12024年12月份東三省高三聯考調研測試物理本卷滿分100分，考試時間75分鐘。注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡的指定位置。考試結束后，將答題卡交回。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。3．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.某人站在力傳感器上完成先“下蹲”后“站起”動作，右圖顯示的是此過程中力傳感器的示數隨時間的變化情況，。則（）A.此人的質量大約為B.“站起”過程中人的加速度一直向上C.“下蹲”過程中人的加速度一直向下D.到的過程中人的重心先下降再上升【答案】A【解析】A．力傳感器的示數穩定時，示數等于此人所受的重力的大小，此人的重力大約為，根據此人質量大約為，故A正確；B．在人“站起”的過程中，力傳感器的示數先大于此人所受的重力，后小于此人所受的重力，此人所受合外力方向先向上再向下，加速度先向上再向下，B錯誤；C．在人“下蹲”的過程中，力傳感器的示數先小于此人所受的重力，后大于此人所受的重力，此人所受合外力方向先向下再向上，加速度先向下再向上，故C錯誤；D．在內，此人完成下蹲過程，重心一直下降，故D錯誤。故選A。2.北京環球影城霸天虎過山車被譽為北京最刺激的過山車，在項目中，過山車彈射起步，4.5s即可到達104km/h的時速，軌道全長1124m，共7個翻滾軌道，令無數人望而卻步。游客游玩前必須要固定好座椅上的保險裝置（安全壓杠和安全帶）。某次運行時，游客隨車在其中一個豎直平面內沿半徑為22.5m的圓軌道運動，重力加速度g=10m/s2，下列說法中正確的是（）A.游客乘坐過山車經過圓軌道最低點時，處于失重狀態B.若某次過山車經過該圓軌道最高點時的速度為15m/s，則游客在最高點時對座椅壓力為零C.游客乘坐過山車經過最高點時，保險裝置對游客一定有向上的作用力D.游客乘坐過山車經過與圓心等高處時，游客所受力的合力一定指向圓軌道圓心【答案】B【解析】A．游客乘坐過山車經過圓軌道最低點時，具有向上（指向圓心）的加速度，故處于超重狀態，故A錯誤；B．當過最高點時，若游客只受重力作用，此時速度滿足解得所以，若過山車經過該圓軌道最高點時的速度為15m/s，則游客在最高點時對座椅壓力為零，故B正確；C．游客乘坐過山車經過最高點時，當速度大于或等于時，游客對座椅有壓力，保險裝置對游客無作用力，當速度小于時，保險裝置對游客有向上的作用力，故C錯誤；D．游客乘坐過山車經過與圓心等高處時，若座椅對游客的作用力在豎直方向上的分力與重力平衡，則游客所受合力指向圓心，反之，若二者不平衡，則游客所受合力不指向圓心，因此合力不一定指向圓心，故D錯誤。故選B。3.如圖所示，小磁針置于水平桌面上，靜止時N極指向北偏西方向，當地地磁場磁感應強度的水平分量指向正北方，則下列說法正確的是（）A.在小磁針的正東方向可能存在電流方向垂直水平面向下的長直導線B.在小磁針的正西方向可能存在電流方向垂直水平面向下的長直導線C.在小磁針的正南方向可能存在電流方向垂直水平面向下的長直導線D.在小磁針的正北方向可能存在電流方向垂直水平面向下的長直導線【答案】D【解析】導線通電后小磁針N極指向北偏西，說明小磁針所在位置磁感應強度的水平分量指向北偏西，又因當地地磁場磁感應強度的水平分量指向正北方，由安培定則和平行四邊形定則可知，在小磁針的正北方向可能存在電流方向垂直水平面向下的長直導線。故選D。4.電流天平是一種用于測量勻強磁場的磁感應強度的儀器。如圖所示，電流天平兩臂等長，右臂掛著單匝矩形線框，線框的水平邊長為l，處于勻強磁場內，磁場方向垂直線框平面向里。當線框中通過圖示方向的電流I時，調節砝碼使兩臂達到平衡。再使電流反向，大小不變。為使兩臂重新達到平衡，需要在左盤中增加質量為m的砝碼。已知重力加速度為g，則此磁場的磁感應強度大小為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】當線圈中通過電流I時，調節砝碼使兩臂達到平衡，此時使電流反向，大小不變，在左盤中增加砝碼后重新達到平衡，則聯立解得磁感應強度大小故選B。5.如圖所示，在一粗糙絕緣水平面上有共線的O、M、N、P四點，一電荷量為的均勻帶電小球固定在O點，現有一質量為m、電荷量為的帶電小金屬塊，從M點以初速度向右運動，到N點速度達到最大值，最后靜止在P點。已知小金屬塊與水平面間的動摩擦因數為μ，N、P間距離為L，靜電力常量為k，重力加速度為g，帶電體均可視為質點，不計空氣阻力，則下列說法正確的是（）A.小金屬塊由M向P運動的過程中，電勢能先增大后減小B.N、P兩點間的電勢差為C.小金屬塊速度最大時距O點的距離為D.從N到P的過程中，小金屬塊減少的動能等于系統增加的內能【答案】B【解析】A．在小金屬塊由M向P運動的過程中，電場力的方向一直與運動方向相同，電場力做正功，電勢能一直減小，A錯誤；B．小金屬塊從N到P過程，由動能定理得解得B正確；C．由題意知，從M到N過程，金屬塊做加速運動，從N到P過程，金屬塊做減速運動，在N點金屬塊所受的滑動摩擦力與庫侖力平衡，設O、N兩點間距離為r，則有解得C錯誤；D．從N到P的過程中，小金屬塊減小的動能和減少的電勢能全部轉化為內能，故小金屬塊減少的動能小于系統增加的內能，D錯誤。故選B。6.某些智能手機和運動手環中有一種加速度傳感器，可以實現計步功能。這種傳感器能夠測量設備在不同方向上的加速度變化，原理如圖。M和N為電容器兩極板，M極板固定，N極板兩端與兩輕彈簧連接，當加速度變化時，N極板只能按圖中標識的前后方向運動。下列對傳感器描述正確的是（）A.由勻速突然向前加速時，電容器所帶電荷量增大B.由勻速突然向前加速時，M、N間的電場強度增大C.若有電流由b到a流經電流表，則加速度方向向前D.保持向前做勻速運動，電阻R將以恒定功率發熱【答案】C【解析】AB．電容器兩極板與電源始終相連，電壓保持不變。由勻速突然向前加速時，N板相對M板向后運動，則兩板間距變大，根據可知，電容器的電容減小，根據可知，電容器所帶電荷量減小，根據可知M、N間的電場強度減小，故AB錯誤；C．若有電流由b到a流經電流表，則電容器放電，電容器所帶電荷量減小，電容器的電容減小，兩板間距變大，加速度向前，故C正確；D．保持向前做勻速運動時，N板相對M板不動，電容器的兩板間距不變，而電容器的兩端電壓不變，回路中無電流，電阻R不發熱，故D錯誤。故選C。7.北京時間2024年11月4日01時24分，神舟十八號載人飛船返回艙在東風著陸場成功著陸。其返回過程簡化為如圖所示，在軌道P、Q兩點點火變速，P為軌道1和軌道2的切點，Q為軌道2和軌道3的切點。軌道1和軌道3為圓軌道，軌道2為橢圓軌道。返回艙在軌道1的周期為T1，在軌道2的周期為T2，在軌道3的周期為T3，則（）A.返回艙在軌道3上Q點的速度大于軌道2上P點的速度B.返回艙在軌道2上由P點到Q點的過程中，機械能不斷減小C.返回艙運行周期關系滿足T1<T2<T3D.返回艙從軌道3上Q點變軌進入軌道2時需要在Q點噴氣加速【答案】C【解析】A．在圓軌道上，根據萬有引力提供向心力有可得則衛星在軌道3上的速度小于在軌道1上的速度，而在軌道2上P點的速度大于在軌道1上P點的速度，則返回艙在軌道3上Q點的速度小于軌道2上P點的速度，故A錯誤；B．返回艙在軌道2上由P點到Q點的過程中，重力勢能與動能相互轉化，總的機械能不變，故B錯誤；C．根據開普勒第三律返回艙運行周期關系滿足故C正確；D．返回艙從軌道3上Q點變軌進入軌道2時需要在Q點減速，故D錯誤。故選C。8.生活中的物體由于受到多種因素的影響，運動規律往往比較復雜，但我們忽略某些次要因素后，有時可以將一些運動看成是勻變速直線運動。下列有關勻變速直線運動的敘述錯誤的是（）A.勻變速直線運動是速度不變的直線運動B.加速度不變的直線運動是勻變速直線運動C.做勻加速直線運動物體的位移一定隨時間均勻增加D.加速度恒定且初速度和加速度同向的運動是勻加速直線運動【答案】AC【解析】AB．勻變速直線運動的速度隨時間均勻變化，即加速度不變的直線運動是勻變速直線運動，A錯誤，符合題意，B正確，不符合題意；C．根據，位移與時間為二次函數關系，C錯誤，符合題意；D．加速度恒定且初速度和加速度同向的運動是勻加速直線運動，D正確，不符合題意。故選AC。9.如圖所示為汽車蓄電池供電的簡化電路圖。電源電動勢為E，內阻為r，當汽車啟動時，開關S閉合，電動機開始工作。不計燈泡電阻變化。則閉合開關S瞬間（）A.電流表示數變小 B.L1、L2燈變暗C.電阻R功率增大 D.電源的輸出功率變大【答案】BC【解析】A．閉合開關S瞬間，可以將電動機等效為一個定值電阻，S閉合瞬間，電動機并聯在外電路中，外電路電阻減小，電路總電阻減小，干路電流增大，即電流表示數增大，故A錯誤；B．結合上述，閉合開關S瞬間，干路電流增大，則電源內阻與定值電阻R承擔電壓增大，根據可知，路端電壓減小，則L1、L2燈變暗，故B正確；C．電阻R的功率結合上述可知，干路電流增大，則電阻R的功率增大，故C正確；D．令外電路總電阻為R外，電源的輸出功率由于不知道開關S閉合前后外電阻與電源內阻的關系，根據對勾函數可知，無法判斷蓄電池的輸出功率變化情況，故D錯誤。故選BC。10.如圖所示，一光滑木板傾斜固定，與水平面的夾角，木板的底端固定一垂直木板的擋板，上端固定一定滑輪O。勁度系數為的輕彈簧下端固定在擋板上，上端與質量為的物塊Q連接。跨過定滑輪O的不可伸長的輕繩一端與物塊Q連接，另一端與套在水平固定的光滑直桿上的質量為的物塊P連接。初始時物塊P在水平外力F作用下靜止在直桿的A點，且恰好與直桿沒有相互作用，輕繩與水平直桿的夾角。撤去水平外力F，物塊P由靜止運動到B點時輕繩與直桿間的夾角。已知滑輪到水平直桿的垂直距離為d，重力加速度大小為g，彈簧軸線、物塊Q與定滑輪之間的輕繩共線且與木板平行，不計滑輪大小及摩擦，物塊P、Q均可視為質點。取。則下列說法正確的是（）A.物塊Q下滑過程中，彈簧的彈性勢能一直減小B.物塊P從A點運動到B點的過程中，輕繩拉力對物塊P做正功C.物塊P從A點運動到B點的過程中，輕繩拉力對物塊Q做的功為D.物塊P從A點運動到B點過程中，物塊Q的重力勢能減少量等于P、Q兩物塊總動能的增加量【答案】BD【解析】A．對物塊P在A點時進行受力分析，其恰好與直桿沒有相互作用，所以繩子拉力在豎直方向的分力與重力大小相等，方向相反，即所以繩子的拉力為對物塊Q進行受力分析，在沿斜面方向上有解得設彈簧拉伸長度為，由胡克定律有解得物塊P運動到B點時，由幾何關系可得物塊Q沿斜面向下滑了所以此時彈簧的壓縮量為即此時彈簧的壓縮量與初始時彈簧的拉伸量相同，也就是說此時彈簧的彈性勢能與初始時彈簧的彈性勢能相同，即彈簧的彈性勢能先減小后增大，故A錯誤；D．物塊P從A點運動到B點的過程中，彈簧的彈力做功為零，所以由能量守恒可知，物塊Q的重力勢能減少量等于物塊P和Q總動能的增加量，故D正確；B．由于輕繩只能提供拉力，對物塊P，在從A點到B點過程中輕繩拉力的方向與P運動方向夾角為銳角，則輕繩拉力對P做正功，故B正確；C．物塊P運動到B點時，P和Q速度滿足物塊P從A點運動到B的過程中，對系統由能量守恒有對物塊Q有聯立解得故C錯誤。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.電爐絲以優質鐵鉻鋁、鎳鉻電熱合金絲為原料，現欲測定其電阻率，取一段電爐絲，電阻約為，要求測量結果盡量準確，提供以下器材供選擇：A.電池組（，內阻約）B.電流表（，內阻約）C.電流表（，內阻約）D.電壓表（，內阻約）E.電壓表（，內阻約）F.滑動變阻器（，允許最大電流）G.滑動變阻器（，允許最大電流）H.開關、導線若干（1）實驗時，電流表應選用_______，電壓表應選用_______，滑動變阻器應選用_______。（選填儀器前的字母代號）（2）用螺旋測微器測量電爐絲的直徑d，示數如圖所示，其讀數為_______。（3）若用L表示電爐絲的長度，d表示直徑，測得電阻為R，請寫出計算電爐絲電阻率的表達式_______。（用題中所給字母符號表示）【答案】（1）CDF（2）0.950（3）【解析】【小問1詳析】[1][2][3]電池組電壓是3V，流過金屬絲的最大電流故電流表選C，電壓表選D；滑動變阻器選最大阻值小的，便于調節，故選F。【小問2詳析】根據螺旋測微器的讀數規則知，讀數是【小問3詳析】根據電阻定律可得電爐絲的橫截面積為聯立可得，電爐絲的電阻率為12.鋰電池是指電化學體系中含有鋰（包括金屬鋰、鋰合金、鋰離子或鋰聚合物）的電池。為了測量一塊鋰電池的電動勢和內阻，物理課外活動小組設計了如圖甲所示的實驗電路，電路中電源電動勢用E表示，內阻用r表示。（1）斷開開關S，調整電阻箱的阻值，再閉合開關S，讀取并記錄電壓表的示數及電阻箱接入電路的阻值，多次重復上述操作，可得到多組電壓值U及電阻值R，以為縱軸，以為橫軸，畫出關系圖線，如圖乙所示。由圖線可求得鋰電池的電動勢_______V，內阻_______。（結果均保留三位有效數字）（2）由于電壓表內阻的影響不可忽略，測量得到的電池內阻存在系統誤差，為此實驗小組又設計了如圖丙所示可以消除系統誤差的電路，根據圖丙所示電路完成圖丁中的實物圖連線_______。（3）按照圖丙連接好電路之后，閉合開關，調節電阻箱R并記錄電壓表示數U和電阻箱電阻，多次重復上述操作，得到多組數據，作出圖像，得到圖線的斜率為；再將開關斷開，調節電阻箱R并記錄電流表示數I和電阻箱電阻，多次重復上述操作，得到多組數據，作出圖像，得到圖線的斜率為，則電池內阻可以表示為_______（用表示）。【答案】（1）（2）見解析（3）【解析】【小問1詳析】根據閉合電路歐姆定律可得整理得由圖像可得，解得，【小問2詳析】根據電路圖，實物連線如圖所示【小問3詳析】由于電壓表的內阻的影響不能忽略，當閉合開關之后有整理可得將開關斷開時，有可得由上述解析式得，可得13.某游樂園有一種“直上云霄”的娛樂器械可以使人體驗急速上升或下降，某次體驗中，一個可乘十多個人的環形座艙套裝在豎直柱子上。游客從距地面的塔頂自由下落，當距地面時制動系統啟動，使游客到地面時剛好停下，減速過程可近似看成勻減速運動（忽略摩擦和空氣阻力，），求：（1）游客從開始下落到剛好停下的總時間。（2）質量為游客在下落到距地面時他對水平座位的壓力大小。【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳析】自由下落高度令此時速度為，則有，勻減速下落過程有，總的運動時間解得【小問2詳析】當落到離地面的位置時，對游客，根據牛頓第二定律有根據牛頓第三定律有解得14.如圖所示的坐標系內，第一象限內有方向水平向左的勻強電場，第二象限內有垂直坐標平面向里的勻強磁場。一質量為m、電荷量為q的粒子，從坐標為的A點以速度沿y軸正方向射入電場，從坐標為的C點離開電場，經過磁場后再次垂直打到x軸上，磁感應強度，不計粒子重力，求：（1）電場強度E的大小。（2）再次打到x軸上的位置到O點的距離。（3）粒子在電場和磁場中運動的總時間。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1詳析】粒子在電場中做類平拋運動，設經歷時間為，則根據牛頓第二定律和運動學規律聯立解得【小問2詳析】設粒子離開電場時速度大小為v，與y軸夾角為α，則根據動能定理解得又解得設粒子在磁場中做圓周運動的半徑為R，則根據牛頓第二定律又聯立解得【小問3詳析】因為由幾何知識可得粒子在磁場中軌跡所對的圓心角為粒子在磁場中做完整圓周運動的周期為粒子在磁場中運動的時間粒子在電場和磁場中運動的總時間聯立解得15.如圖所示，水平固定的傳送帶長為，在傳送帶的右端D點連接一個半徑的光滑圓弧軌道并固定在豎直面內，軌道端點F與圓心O的連線與水平方向夾角，端點D為圓弧軌道的最低點。在與傳送帶等高的光滑水平面上有兩個小物塊A、B，某時刻物塊A被一發射裝置以的速度水平射出，恰好與物塊B發生彈性碰撞，碰后B立即滑上順時針勻速轉動的水平傳送帶。物塊A、B均視為質點，質量分別為、，已知物塊A、B與傳送帶間的動摩擦因數均為，，，，忽略空氣阻力。（1）求物塊B剛滑上傳送帶時的速度。（2）若傳送帶速度，求物塊B第二次在傳送帶上運動的過程中系統因摩擦產生的熱量Q。（3）為保證小物塊B第一次離開傳送帶后繼續沖上圓弧軌道，并沿軌道運動的期間不脫軌，則傳送帶的速度應滿足什么條件？【答案】（1）（2）（3）或【解析】【小問1詳析】A、B發生彈性碰撞，則有，解得【小問2詳析】物塊B第一次滑上傳送帶，則有解得設物塊B經過位移x與傳送帶共速，則有解得故物塊B在到達D點前就已經與傳送帶共速，則物塊B到達D點時速度之后物塊B滑上圓弧軌道，并再次以大小為的速度水平向左第二次滑上傳送帶。加速度大小仍為a，設物塊B向左走了，系統產生熱量為，則有，解得，在這個過程中傳送帶轉過長度則有物塊B向左滑了后，再次向右滑去，從D點進入圓弧軌道，加速度大小不變，仍為a，設此次系統產生熱量為，則有，，所以，物塊B第二次在傳送帶上運動過程系統產生的熱量為【小問3詳析】物塊B在軌道上運動不脫離軌道有兩種情況：第一種情況的臨界狀態為物塊B恰好上升到軌道上與圓心等高的E點，由于可知物塊B在到達D點之前就己經和傳送帶共速，則有解得這種情況下傳送帶的速度第二種情況是物塊B能在軌道做完整的圓周運動，則其臨界情況是在F點處，物塊B與軌道之間恰沒有力的作用，則有，解得由于可知此種情況下傳送帶的速度綜上所述，滿足題意的傳送帶的速度范圍為或2024年12月份東三省高三聯考調研測試物理本卷滿分100分，考試時間75分鐘。注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡的指定位置。考試結束后，將答題卡交回。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。3．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.某人站在力傳感器上完成先“下蹲”后“站起”動作，右圖顯示的是此過程中力傳感器的示數隨時間的變化情況，。則（）A.此人的質量大約為B.“站起”過程中人的加速度一直向上C.“下蹲”過程中人的加速度一直向下D.到的過程中人的重心先下降再上升【答案】A【解析】A．力傳感器的示數穩定時，示數等于此人所受的重力的大小，此人的重力大約為，根據此人質量大約為，故A正確；B．在人“站起”的過程中，力傳感器的示數先大于此人所受的重力，后小于此人所受的重力，此人所受合外力方向先向上再向下，加速度先向上再向下，B錯誤；C．在人“下蹲”的過程中，力傳感器的示數先小于此人所受的重力，后大于此人所受的重力，此人所受合外力方向先向下再向上，加速度先向下再向上，故C錯誤；D．在內，此人完成下蹲過程，重心一直下降，故D錯誤。故選A。2.北京環球影城霸天虎過山車被譽為北京最刺激的過山車，在項目中，過山車彈射起步，4.5s即可到達104km/h的時速，軌道全長1124m，共7個翻滾軌道，令無數人望而卻步。游客游玩前必須要固定好座椅上的保險裝置（安全壓杠和安全帶）。某次運行時，游客隨車在其中一個豎直平面內沿半徑為22.5m的圓軌道運動，重力加速度g=10m/s2，下列說法中正確的是（）A.游客乘坐過山車經過圓軌道最低點時，處于失重狀態B.若某次過山車經過該圓軌道最高點時的速度為15m/s，則游客在最高點時對座椅壓力為零C.游客乘坐過山車經過最高點時，保險裝置對游客一定有向上的作用力D.游客乘坐過山車經過與圓心等高處時，游客所受力的合力一定指向圓軌道圓心【答案】B【解析】A．游客乘坐過山車經過圓軌道最低點時，具有向上（指向圓心）的加速度，故處于超重狀態，故A錯誤；B．當過最高點時，若游客只受重力作用，此時速度滿足解得所以，若過山車經過該圓軌道最高點時的速度為15m/s，則游客在最高點時對座椅壓力為零，故B正確；C．游客乘坐過山車經過最高點時，當速度大于或等于時，游客對座椅有壓力，保險裝置對游客無作用力，當速度小于時，保險裝置對游客有向上的作用力，故C錯誤；D．游客乘坐過山車經過與圓心等高處時，若座椅對游客的作用力在豎直方向上的分力與重力平衡，則游客所受合力指向圓心，反之，若二者不平衡，則游客所受合力不指向圓心，因此合力不一定指向圓心，故D錯誤。故選B。3.如圖所示，小磁針置于水平桌面上，靜止時N極指向北偏西方向，當地地磁場磁感應強度的水平分量指向正北方，則下列說法正確的是（）A.在小磁針的正東方向可能存在電流方向垂直水平面向下的長直導線B.在小磁針的正西方向可能存在電流方向垂直水平面向下的長直導線C.在小磁針的正南方向可能存在電流方向垂直水平面向下的長直導線D.在小磁針的正北方向可能存在電流方向垂直水平面向下的長直導線【答案】D【解析】導線通電后小磁針N極指向北偏西，說明小磁針所在位置磁感應強度的水平分量指向北偏西，又因當地地磁場磁感應強度的水平分量指向正北方，由安培定則和平行四邊形定則可知，在小磁針的正北方向可能存在電流方向垂直水平面向下的長直導線。故選D。4.電流天平是一種用于測量勻強磁場的磁感應強度的儀器。如圖所示，電流天平兩臂等長，右臂掛著單匝矩形線框，線框的水平邊長為l，處于勻強磁場內，磁場方向垂直線框平面向里。當線框中通過圖示方向的電流I時，調節砝碼使兩臂達到平衡。再使電流反向，大小不變。為使兩臂重新達到平衡，需要在左盤中增加質量為m的砝碼。已知重力加速度為g，則此磁場的磁感應強度大小為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】當線圈中通過電流I時，調節砝碼使兩臂達到平衡，此時使電流反向，大小不變，在左盤中增加砝碼后重新達到平衡，則聯立解得磁感應強度大小故選B。5.如圖所示，在一粗糙絕緣水平面上有共線的O、M、N、P四點，一電荷量為的均勻帶電小球固定在O點，現有一質量為m、電荷量為的帶電小金屬塊，從M點以初速度向右運動，到N點速度達到最大值，最后靜止在P點。已知小金屬塊與水平面間的動摩擦因數為μ，N、P間距離為L，靜電力常量為k，重力加速度為g，帶電體均可視為質點，不計空氣阻力，則下列說法正確的是（）A.小金屬塊由M向P運動的過程中，電勢能先增大后減小B.N、P兩點間的電勢差為C.小金屬塊速度最大時距O點的距離為D.從N到P的過程中，小金屬塊減少的動能等于系統增加的內能【答案】B【解析】A．在小金屬塊由M向P運動的過程中，電場力的方向一直與運動方向相同，電場力做正功，電勢能一直減小，A錯誤；B．小金屬塊從N到P過程，由動能定理得解得B正確；C．由題意知，從M到N過程，金屬塊做加速運動，從N到P過程，金屬塊做減速運動，在N點金屬塊所受的滑動摩擦力與庫侖力平衡，設O、N兩點間距離為r，則有解得C錯誤；D．從N到P的過程中，小金屬塊減小的動能和減少的電勢能全部轉化為內能，故小金屬塊減少的動能小于系統增加的內能，D錯誤。故選B。6.某些智能手機和運動手環中有一種加速度傳感器，可以實現計步功能。這種傳感器能夠測量設備在不同方向上的加速度變化，原理如圖。M和N為電容器兩極板，M極板固定，N極板兩端與兩輕彈簧連接，當加速度變化時，N極板只能按圖中標識的前后方向運動。下列對傳感器描述正確的是（）A.由勻速突然向前加速時，電容器所帶電荷量增大B.由勻速突然向前加速時，M、N間的電場強度增大C.若有電流由b到a流經電流表，則加速度方向向前D.保持向前做勻速運動，電阻R將以恒定功率發熱【答案】C【解析】AB．電容器兩極板與電源始終相連，電壓保持不變。由勻速突然向前加速時，N板相對M板向后運動，則兩板間距變大，根據可知，電容器的電容減小，根據可知，電容器所帶電荷量減小，根據可知M、N間的電場強度減小，故AB錯誤；C．若有電流由b到a流經電流表，則電容器放電，電容器所帶電荷量減小，電容器的電容減小，兩板間距變大，加速度向前，故C正確；D．保持向前做勻速運動時，N板相對M板不動，電容器的兩板間距不變，而電容器的兩端電壓不變，回路中無電流，電阻R不發熱，故D錯誤。故選C。7.北京時間2024年11月4日01時24分，神舟十八號載人飛船返回艙在東風著陸場成功著陸。其返回過程簡化為如圖所示，在軌道P、Q兩點點火變速，P為軌道1和軌道2的切點，Q為軌道2和軌道3的切點。軌道1和軌道3為圓軌道，軌道2為橢圓軌道。返回艙在軌道1的周期為T1，在軌道2的周期為T2，在軌道3的周期為T3，則（）A.返回艙在軌道3上Q點的速度大于軌道2上P點的速度B.返回艙在軌道2上由P點到Q點的過程中，機械能不斷減小C.返回艙運行周期關系滿足T1<T2<T3D.返回艙從軌道3上Q點變軌進入軌道2時需要在Q點噴氣加速【答案】C【解析】A．在圓軌道上，根據萬有引力提供向心力有可得則衛星在軌道3上的速度小于在軌道1上的速度，而在軌道2上P點的速度大于在軌道1上P點的速度，則返回艙在軌道3上Q點的速度小于軌道2上P點的速度，故A錯誤；B．返回艙在軌道2上由P點到Q點的過程中，重力勢能與動能相互轉化，總的機械能不變，故B錯誤；C．根據開普勒第三律返回艙運行周期關系滿足故C正確；D．返回艙從軌道3上Q點變軌進入軌道2時需要在Q點減速，故D錯誤。故選C。8.生活中的物體由于受到多種因素的影響，運動規律往往比較復雜，但我們忽略某些次要因素后，有時可以將一些運動看成是勻變速直線運動。下列有關勻變速直線運動的敘述錯誤的是（）A.勻變速直線運動是速度不變的直線運動B.加速度不變的直線運動是勻變速直線運動C.做勻加速直線運動物體的位移一定隨時間均勻增加D.加速度恒定且初速度和加速度同向的運動是勻加速直線運動【答案】AC【解析】AB．勻變速直線運動的速度隨時間均勻變化，即加速度不變的直線運動是勻變速直線運動，A錯誤，符合題意，B正確，不符合題意；C．根據，位移與時間為二次函數關系，C錯誤，符合題意；D．加速度恒定且初速度和加速度同向的運動是勻加速直線運動，D正確，不符合題意。故選AC。9.如圖所示為汽車蓄電池供電的簡化電路圖。電源電動勢為E，內阻為r，當汽車啟動時，開關S閉合，電動機開始工作。不計燈泡電阻變化。則閉合開關S瞬間（）A.電流表示數變小 B.L1、L2燈變暗C.電阻R功率增大 D.電源的輸出功率變大【答案】BC【解析】A．閉合開關S瞬間，可以將電動機等效為一個定值電阻，S閉合瞬間，電動機并聯在外電路中，外電路電阻減小，電路總電阻減小，干路電流增大，即電流表示數增大，故A錯誤；B．結合上述，閉合開關S瞬間，干路電流增大，則電源內阻與定值電阻R承擔電壓增大，根據可知，路端電壓減小，則L1、L2燈變暗，故B正確；C．電阻R的功率結合上述可知，干路電流增大，則電阻R的功率增大，故C正確；D．令外電路總電阻為R外，電源的輸出功率由于不知道開關S閉合前后外電阻與電源內阻的關系，根據對勾函數可知，無法判斷蓄電池的輸出功率變化情況，故D錯誤。故選BC。10.如圖所示，一光滑木板傾斜固定，與水平面的夾角，木板的底端固定一垂直木板的擋板，上端固定一定滑輪O。勁度系數為的輕彈簧下端固定在擋板上，上端與質量為的物塊Q連接。跨過定滑輪O的不可伸長的輕繩一端與物塊Q連接，另一端與套在水平固定的光滑直桿上的質量為的物塊P連接。初始時物塊P在水平外力F作用下靜止在直桿的A點，且恰好與直桿沒有相互作用，輕繩與水平直桿的夾角。撤去水平外力F，物塊P由靜止運動到B點時輕繩與直桿間的夾角。已知滑輪到水平直桿的垂直距離為d，重力加速度大小為g，彈簧軸線、物塊Q與定滑輪之間的輕繩共線且與木板平行，不計滑輪大小及摩擦，物塊P、Q均可視為質點。取。則下列說法正確的是（）A.物塊Q下滑過程中，彈簧的彈性勢能一直減小B.物塊P從A點運動到B點的過程中，輕繩拉力對物塊P做正功C.物塊P從A點運動到B點的過程中，輕繩拉力對物塊Q做的功為D.物塊P從A點運動到B點過程中，物塊Q的重力勢能減少量等于P、Q兩物塊總動能的增加量【答案】BD【解析】A．對物塊P在A點時進行受力分析，其恰好與直桿沒有相互作用，所以繩子拉力在豎直方向的分力與重力大小相等，方向相反，即所以繩子的拉力為對物塊Q進行受力分析，在沿斜面方向上有解得設彈簧拉伸長度為，由胡克定律有解得物塊P運動到B點時，由幾何關系可得物塊Q沿斜面向下滑了所以此時彈簧的壓縮量為即此時彈簧的壓縮量與初始時彈簧的拉伸量相同，也就是說此時彈簧的彈性勢能與初始時彈簧的彈性勢能相同，即彈簧的彈性勢能先減小后增大，故A錯誤；D．物塊P從A點運動到B點的過程中，彈簧的彈力做功為零，所以由能量守恒可知，物塊Q的重力勢能減少量等于物塊P和Q總動能的增加量，故D正確；B．由于輕繩只能提供拉力，對物塊P，在從A點到B點過程中輕繩拉力的方向與P運動方向夾角為銳角，則輕繩拉力對P做正功，故B正確；C．物塊P運動到B點時，P和Q速度滿足物塊P從A點運動到B的過程中，對系統由能量守恒有對物塊Q有聯立解得故C錯誤。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.電爐絲以優質鐵鉻鋁、鎳鉻電熱合金絲為原料，現欲測定其電阻率，取一段電爐絲，電阻約為，要求測量結果盡量準確，提供以下器材供選擇：A.電池組（，內阻約）B.電流表（，內阻約）C.電流表（，內阻約）D.電壓表（，內阻約）E.電壓表（，內阻約）F.滑動變阻器（，允許最大電流）G.滑動變阻器（，允許最大電流）H.開關、導線若干（1）實驗時，電流表應選用_______，電壓表應選用_______，滑動變阻器應選用_______。（選填儀器前的字母代號）（2）用螺旋測微器測量電爐絲的直徑d，示數如圖所示，其讀數為_______。（3）若用L表示電爐絲的長度，d表示直徑，測得電阻為R，請寫出計算電爐絲電阻率的表達式_______。（用題中所給字母符號表示）【答案】（1）CDF（2）0.950（3）【解析】【小問1詳析】[1][2][3]電池組電壓是3V，流過金屬絲的最大電流故電流表選C，電壓表選D；滑動變阻器選最大阻值小的，便于調節，故選F。【小問2詳析】根據螺旋測微器的讀數規則知，讀數是【小問3詳析】根據電阻定律可得電爐絲的橫截面積為聯立可得，電爐絲的電阻率為12.鋰電池是指電化學體系中含有鋰（包括金屬鋰、鋰合金、鋰離子或鋰聚合物）的電池。為了測量一塊鋰電池的電動勢和內阻，物理課外活動小組設計了如圖甲所示的實驗電路，電路中電源電動勢用E表示，內阻用r表示。（1）斷開開關S，調整電阻箱的阻值，再閉合開關S，讀取并記錄電壓表的示數及電阻箱接入電路的阻值，多次重復上述操作，可得到多組電壓值U及電阻值R，以為縱軸，以為橫軸，畫出關系圖線，如圖乙所示。由圖線可求得鋰電池的電動勢_______V，內阻_______。（結果均保留三位有效數字）（2）由于電壓表內阻的影響不可忽略，測量得到的電池內阻存在系統誤差，為此實驗小組又設計了如圖丙所示可以消除系統誤差的電路，根據圖丙所示電路完成圖丁中的實物圖連線_______。（3）按照圖丙連接好電路之后，閉合開關，調節電阻箱R并記錄電壓表示數U和電阻箱電阻，多次重復上述操作，得到多組數據，作出圖像，得到圖線的斜率為；再將開關斷開，調節電阻箱R并記錄電流表示數I和電阻箱電阻，多次重復上述操作，得到多組數據，作出圖像，得到圖線的斜率為，則電池內阻可以表示為_______（用表示）。【答案】（1）（2）見解析（3）【解析】【小問1詳析】根據閉合電路歐姆定律可得整理得由圖像可得，解得，【小問2詳析】根據電路圖，實物連線如圖所示【小問3詳析】由于電壓表的內阻的影響不能忽略，當閉合開關之后有整