2025年高考物理模擬試卷03（貴州卷）

詳細解析

（試卷滿分：100分考試時間:75分鐘）

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如

需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。

寫在本試卷上無效。

3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題:本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有

一項是符合題目要求的。

1.如圖甲為一種檢測油深度的油量計,油量計豎直固定在油桶內，當入射光豎直向下照射時,

通過觀察油桶上方的矩形窗口亮、暗兩個區(qū)域可確定油量。油量計結構圖如圖乙，它是一塊

鋸齒形的透明塑料,鋸齒形的底是一個等腰直角三角形,最右邊的鋸齒剛接觸到油桶的底部,

已知透明塑料的折射率小于油的折射率。則下列說法正確的是（）

A.透明塑料的折射率應小于企

B.入射光在塑料鋸齒和油的界面處發(fā)生全反射形成了暗區(qū)

C.油桶的油量增加時，觀察窗口中亮區(qū)范圍變大

D.對于透明塑料和油來說,油是光密介質

答案D

解析:如圖所示,光由上面射入塑料板中,在直角部分發(fā)生全反射時上面看起來才會明亮,此

時發(fā)生全反射的條件是折射率n>-4—=V2,即透明塑料的折射率應大于近,故A錯誤;光從

塑料鋸齒和油的界面處發(fā)生折射,光線射向油中,在矩形窗口形成暗區(qū),故B錯誤;油量增加

時,被浸入油中的塑料鋸齒增多,則全反射光線減少,則亮區(qū)范圍變小,故C錯誤;透明塑料的

折射率小于油的折射率,所以對于透明塑料和油來說,油是光密介質，故D正確。\Z

2.利用圖像法研究物理量之間的關系是常用的一種數(shù)學物理方法。如圖所示為物體做直線運

動時各物理量之間的關系圖像（x、v、a、t分別表示物體的位移、速度、加速度和時間），則

下列說法正確的是（）

-2

,s-2)y(m,S-1)a/(m,s)

2t2/s2

A.圖甲中x-/圖像可求出物體的加速度大小為1m/s2

B.圖乙中v2-x圖像可求出物體的加速度大小為10m/s2

C.圖丙中臺t圖像可求出物體的加速度大小為2m/s2

D.圖丁中a-t圖像可求出物體在前2s內的速度變化量大小為3m/s

答案D

解析:根據(jù)勻變速直線運動的位移與時間關系式x=vot+]at2,有#k=|m/s2=lm/s；解得a=2

2222

m/s,故A錯誤;根據(jù)勻變速直線運動的速度與位移關系式v-v0=2ax,有2a=k=fm/s=10

222

m/s,解得a=5m/s,故B錯誤;根據(jù)勻變速直線運動的位移與時間關系式X=vot+|at,整理得

2

^=v0+|at,貝有京=k=Wm/sJ-2m/s；解得a=-4m/s,物體的力口速度大小為4m/s；故C錯誤;

根據(jù)微元法,a-t圖像的圖線與坐標軸所圍成的面積表示這段時間內物體的速度變化量,則

物體在前2s內的速度變化量大小為Av=|><3X2m/s=3m/s,故D正確。

3.如圖所示,交流發(fā)電機矩形線圈在磁感應強度大小為B=4T的勻強磁場中以角速度a

=100Krad/s勻速轉動。線圈的匝數(shù)N=10,面積S=0.4m2。理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比

是4：1,副線圈電路中有一只理想二極管和一個阻值R=10Q的電阻，已知電壓表和電流表

均為理想交流電表,線圈和導線的電阻不計，以圖示時刻開始計時,則下列說法正確的是

()

A.電流表的示數(shù)為1A

B.電壓表的示數(shù)為80V

C.t=0.01s時，發(fā)電機的矩形導線框與圖示位置垂直

D.增大電阻的阻值，電壓表和電流表的示數(shù)之比不變

答案A

解析:以圖示時刻開始計時，即從中性面開始，其周期為T=^=0.02s刎t=O.Ols時轉動180。,發(fā)

0)

電機的矩形導線框與圖示位置重合，故C錯誤;電動勢的峰值為Em=NBS3=80V,則電動勢的

有效值為E=^=40V2V,電壓表所測的是發(fā)電機兩端電壓的有效值，則示數(shù)為40企V,故B

錯誤;變壓器通過理想變壓器4：1的匝數(shù)比變壓后，副線圈的電流最大值為12m=2A,因二極管

具有單向導電性，則一個周期內只有一半的時間有電流流過電阻，則根據(jù)有效值的定義有

畸PR^^RT,解得12=等=1A,電流表測量的是電流的有效值，則示數(shù)為1A,故A正確;增大

電阻的阻值，變壓器原線圈的電壓由發(fā)電機決定,則電壓表的示數(shù)不變，副線圈兩端電壓不變，

副線圈的電流變小，則電流表的示數(shù)變小,故電壓表和電流表的示數(shù)之比變大，故D錯誤。

4.被譽為“救命神器”的自動體外除顫儀(AED),是一種用于搶救心臟驟停患者的便攜式的醫(yī)

療設備,其結構如圖所示，低壓直流電經(jīng)高壓直流發(fā)生器后向儲能電容器C充電。除顫治療時,

開關撥到2,利用電極將脈沖電流作用于心臟,使患者心臟恢復正常跳動,若無其他條件變化

時，下列說法正確的是()

A.脈沖電流作用于不同人體時，電流大小相同

B.放電過程中，電流大小不變

C.自感系數(shù)L越小，放電脈沖電流的振蕩周期越短

D.電容C越小，電容器的放電時間越長

答案C

解析:脈沖電流作用于不同人體時，由于不同人體的電阻不一定相同，則電流大小不一定相同，

故A錯誤;放電過程中，電容器電場能逐漸減小,線圈中磁場能逐漸增大，則電流大小逐漸增大,

故B錯誤;根據(jù)振蕩周期表達式T=2IT/,可知自感系數(shù)L、電容C越小，放電脈沖電流的振

蕩周期越短，則電容器的放電時間越短，故C正確,D錯誤。

5.馬扎屬于中國傳統(tǒng)手工工藝制品,腿交叉,上面繃帆布或麻繩等,可以合攏,便于攜帶。如圖

所示,馬扎放在水平地面上,書包放在兩支撐腿A、B等長的馬扎上,若A、B之間的夾角9減

小，貝U()

A.馬扎對地面的壓力增大,支撐腿受到的壓力增大

B.馬扎對地面的壓力減小,支撐腿受到的壓力減小

C.馬扎對地面的壓力不變,支撐腿受到的壓力增大

D.馬扎對地面的壓力不變,支撐腿受到的壓力減小

答案D

解析:當書包放在馬扎上時，書包與馬扎的總重力不變，故無論馬扎兩邊支撐腿之間的角度如

何變化，馬扎對地面的壓力始終等于總重力，馬扎對地面的壓力不變，故A、B錯誤;由于書包對

馬扎的壓力大小不隨馬扎兩邊支撐腿之間的角度變化，根據(jù)力的分解可知4Fcos|=mg,兩邊

支撐腿上產生的力隨著夾角的減小而減小，故C錯誤,D正確。

6.如圖所示是觀看立體電影時放映機鏡頭上的偏振片和觀看者所帶的偏光眼鏡的配置情況,

答案B

解析:題圖A中放映機偏振片與場景偏振方向不一致，通過眼鏡后的光的偏振方向標示錯誤;C

中放映機只放映水平方向拍攝的場景,通過眼鏡后的光的偏振方向錯誤;D中放映和觀看都正

確，但通過眼鏡后的光偏振方向標示錯誤;B中放映、觀看、標示均正確。

7.如圖所示,質量為m的滑塊A套在一水平固定的光滑細桿上,可自由滑動。在水平桿上固定

一擋板P,滑塊靠在擋板P左側且處于靜止狀態(tài),其下端用長為L的不可伸長的輕質細線懸掛

一個質量為3m的小球B,已知重力加速度大小為g。現(xiàn)將小球B拉至右端水平位置,使細線處

于自然長度，由靜止釋放,忽略空氣阻力,則()

------EU_5

A.滑塊與小球組成的系統(tǒng)機械能不守恒

B.滑塊與小球組成的系統(tǒng)動量守恒

C.小球第一次運動至最低點時,細線拉力大小為3mg

D.滑塊運動過程中,所能獲得的最大速度為日商Z

答案D

解析:滑塊與小球運動過程中，系統(tǒng)內沒有除重力之外的其他力對系統(tǒng)做功，所以系統(tǒng)機械能

守恒，故A錯誤;小球向下擺動過程中，滑塊受到擋板的作用力，滑塊與小球組成的系統(tǒng)合外力

不為零，系統(tǒng)動量不守恒，故B錯誤;設小球第一次運動至最低點時的速度為v,細繩的拉力大

小為T,根據(jù)機械能守恒定律有3mgL=/3mv2,在最低點根據(jù)牛頓第二定律有T-3mg=3m^,聯(lián)

立解得T=9mg,故C錯誤;當小球通過最低點后,P不再受擋板的作用力，此時小球與滑塊組成

的系統(tǒng)在水平方向動量守恒,設某時刻小球和滑塊的速度分別為V1和V2,規(guī)定水平向左為正方

向,根據(jù)動量守恒定律有3mv=3mvi+mv2,由上式可知，當vi與v反向且達到最大值時,V2也將

達到最大值,即小球第二次通過最低點時，滑塊速度達到最大，根據(jù)機械能守恒定律有

222

3mv=|-3mv1+|mv2,M-2-MV2=|故D正確。

二、多項選擇題:本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，每題

有多項符合題目要求。全部選對得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得3分。

8.麥克斯韋分子速率分布律是分子動理論的重要結論之一,它是研究氣體分子碰撞、大量分

子熱運動服從統(tǒng)計規(guī)律等問題的重要理論依據(jù),正確理解它對學習熱學非常有用。速率分布

曲線表明速率很小和很大的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分率都較小，而具有中等速率的分子數(shù)占

總分子數(shù)的百分率較大,當v=v0時,f(v)取極大值,V。稱為最概然速率,其物理意義是,如果把

整個速率范圍分成許多相等的小區(qū)間，則分布在V。所在小區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比

最大。下列說法正確的是（）

麥克斯韋速率分布曲線

A.因這些是概率分布,所以麥克斯韋速率分布曲線與v軸圍成的面積為1

B.在有限速率區(qū)間V1?V2內曲線下的陰影面積的物理意義是速率分布在V1?vz的分子數(shù)占總

分子數(shù)的百分比,或一個分子的速率在VI?V2內的概率

C.任何溫度下氣體分子速率分布圖像都一樣

D.溫度降低時,每個氣體分子速率都減小

答案AB

解析:因題圖是概率分布，所以麥克斯韋速率分布曲線與v軸圍成的面積為1,故A正確;在有

限速率區(qū)間VI?V2內曲線下的陰影面積的物理意義是速率分布在VI?V2的分子數(shù)占總分子

數(shù)的百分比,或一個分子的速率在V1-V2內的概率，故B正確;不同溫度下氣體分子速率分布

圖像不一樣，溫度升高,峰值向速率較大的方向移動，故C錯誤;溫度降低時，分子的平均動能減

小,分子的平均速率減小，不是每個氣體分子速率都減小，故D錯誤。

9.超導電磁船是一種不需要螺旋槳推進的低噪音新型船,如圖是電磁船的簡化原理圖,MN和

CD是與電源相連的兩個電極,MN與CD之間部分區(qū)域有垂直于紙面向里的勻強磁場（磁場由超

導線圈產生,其獨立電路部分未畫出），通電的海水會受到安培力的作用,船體就在海水的反

作用力推動下向前駛動。下列說法正確的是（）

海水

A.要使船前進，圖中MN應接直流電源的正極

B.改變超導線圈中的電流方向或電極的正負,可控制船前進或倒退

C.控制超導線圈中的電流大小和電極間的電流大小,就可以控制船航行的速度大小

D.該超導電磁船應用的是電磁感應原理

答案BC

解析:當MN接直流電源的負極時,海水中電流方向由CD指向MN,海水受到的安培力向左，

根據(jù)牛頓第三定律可知，船體受到向右的作用力,故使船體向前運動,A錯誤;改變超導線圈中

電流的方向，會改變磁場的方向，從而改變海水的受力方向,即改變船體的受力方向，故能控制

船體的前進或后退,B正確;控制超導線圈中的電流大小和電極間的電流大小，根據(jù)安培力的

計算公式F=I1B可知安培力就會發(fā)生變化,這樣使得對船的推力發(fā)生變化，就可以控制船航行

的速度大小,C正確;該超導電磁船應用的是安培力和作用力反作用力的原理,D錯誤。

10.如圖,光滑平行軌道abed的曲面部分是半徑為R的四分之一圓弧,水平部分位于豎直向上、

大小為B的勻強磁場中，導軌I部分兩導軌間距為L,長度有限;導軌H部分兩導軌間距為右

長度足夠長。將質量均為m的金屬棒P和Q分別置于軌道上的ab段和cd段,且與軌道垂直。

P、Q棒電阻均為r,導軌電阻不計。Q棒靜止，讓P棒從圓弧最高點靜止釋放，已知P棒在導

軌I運動一段距離后,Q棒達到穩(wěn)定運動狀態(tài)。下列說法正確的是（）

A.P棒到達圓弧軌道最低點瞬間對軌道壓力的大小為2mg

B.Q棒第一次穩(wěn)定運動時速度大小為罕

C.Q棒從開始運動到第一次速度達到穩(wěn)定,該過程通過P棒的電荷量為空浮

DDL

D.從P棒進入導軌II運動到再次穩(wěn)定運動,P、Q棒產生的總熱量為高mgR

答案CD

2

解析:P棒釋放后到達圓弧軌道最低點時速度大小設為vo,由機械能守恒定律得mgR=|mv0,

經(jīng)最低點時有FN-mg=2^，解得FN=3mg,由牛頓第三定律可知P棒到達圓弧軌道最低點瞬間

對軌道壓力的大小為3mg,故A錯誤;設Q棒第一次穩(wěn)定運動時的速度為VQ,P棒的速度為VP,

則有BLVP=B?VQ,Q棒從開始運動到第一次速度達到穩(wěn)定過程中,根據(jù)動量定理，對P棒有

B7Lt=mvo-mvp,對Q棒有B7?，仁mvQ,又q=7t,vo=J2gR,解得VP=：J2gR婷

Z15DDL

故B錯誤,C正確;從P棒進入導軌II后，最終兩棒速度再次穩(wěn)定時，它們速度相同，設其大小為

v,由動量守恒定律得mvp+mvQ=2mv,由能量守恒定律得P、Q棒中產生的總熱量為

Q=|mUp2+|mVQ2--2mv2,MQ=^mgR,故D正確。

三、非選擇題:本題共5小題，共54分。

11.（6分）洛埃德在1834年提出了一種更簡單的觀察干涉的裝置。如圖所示,從單縫S發(fā)出的

光,一部分入射到平面鏡后反射到屏上,另一部分直接投射到屏上,在屏上兩光束交疊區(qū)域里

將出現(xiàn)干涉條紋。單縫S通過平面鏡成的像是S'。

（1）通過如圖所示的裝置,在屏上可以觀察到明暗相間的干涉條紋,這和雙縫干涉實驗得到的

干涉條紋一致。如果S被視為其中的一個縫,相當于另一個“縫”。

（2）實驗表明,光從光疏介質射向光密介質在界面發(fā)生反射時,在入射角接近90°時,反射光

與入射光相比,相位有m的變化,即半波損失。如果把光屏移動到和平面鏡接觸,接觸點P處

是（選填“亮條紋”或“暗條紋”）o

（3）實驗中已知單縫S到平面鏡的垂直距離h=0.15mm,單縫到光屏的距離0=1.2m,觀測到第

3個亮條紋到第12個亮條紋的中心間距為22.78mm,則該單色光的波長入=m（結果

保留3位有效數(shù)字）。

解析:（1）根據(jù)題圖可知，如果S被視為其中一個縫,S經(jīng)平面鏡成的像S'相當于另一個“縫

（2）根據(jù)題意可知，把光屏移動到和平面鏡接觸，光線經(jīng)過平面鏡反射后將會有半波損失，因此

接觸點P處是暗條紋。

（3）條紋間距為Ax=在^空m72.53x10-3m。根據(jù)入=2Ax,代入數(shù)據(jù)解得入%6.33xl0-7m?

12-3D

答案:（1）S經(jīng)平面鏡成的像S'（2分）（2）暗條紋（2分）

（3）6.33x10-7（2分）

12.（8分）某同學利用如圖（a）所示的電路測量一微安表（量程為100心，內阻大約為2500

C）的內阻.可使用的器材有：兩個滑動變阻器4、&（其中一個阻值為200,另一個阻值

為2000Q）；電阻箱兄（最大阻值為99999.9C）；電源E（電動勢約為1.5V）；開關Si和

S2.C、。分別為兩個滑動變阻器的滑片.

Rz

（1）按原理圖（a）將圖（b）中的實物連線.

（2）完成下列填空：

①Ri的阻值為。（填“20”或“2000”）.

②為了保護微安表，開始時將Ri的滑片C滑到接近圖（a）中滑動變阻器的端（填

“左”或“右”）對應的位置；將叢的滑片。置于中間位置附近.

③將電阻箱a的阻值置于2500.0。，接通Si.將R的滑片置于適當位置，再反復調節(jié)

R2的滑片。的位置，最終使得接通S2前后，微安表的示數(shù)保持不變，這說明S2接通前

8與。所在位置的電勢（填“相等”或“不相等"）.

④將電阻箱員和微安表位置對調，其他條件保持不變，發(fā)現(xiàn)將凡的阻值置于2601.0。

時，在接通S2前后，微安表的示數(shù)也保持不變.待測微安表的內阻為。（結果保

留到個位）.

答案⑴見解析圖（1分）（2）①20（2分）②左（1分）③相等（2分）④2550（2分）

解析:（1）實物連線如圖所示：

（2）①滑動變阻器R采用分壓式接法，為了方便調節(jié)要選擇阻值較小的滑動變阻器，故

Ri的阻值為20Q;

②為了保護微安表，開始時將R的滑片C滑到滑動變阻器的左端對應的位置；

③將電阻箱&的阻值置于2500.0C,接通出;將R的滑片置于適當位置，再反復調節(jié)

&的滑片。的位置；最終使得接通S2前后，微安表的示數(shù)保持不變，這說明S2接通后

在BD中無電流流過，可知3與。所在位置的電勢相等；

④設滑片。兩側電阻分別為夫21和42,由B與。所在位置的電勢相等可知，六=皆；

K21&22

同理，當凡和微安表對調時，仍有乎=警；聯(lián)立兩式解得，Rg=ylRziR△=

/<21&22

^2500.0X2601.0Q=2550c

13.(10分)坐標原點0處有一波源做簡諧運動,它在均勻介質中形成的簡諧橫波沿x軸正方向

傳播。t=0時，波源開始振動,t=3s時，波剛好傳到x=6m處，波形圖如圖所示，其中A、P為

介質中的兩個質點，質點A的平衡位置在x=5.5m處，質點P在t=3s時的位移是1m?

2\14A6x/m

⑴在廿3s時刻之后,質點A將在哪些時刻速度為零？

⑵在波形圖上直接標出質點P的平衡位置的數(shù)值。

解析:(1)由波形圖可知入=4m,

速度為v=E=￡m/s=2m/s,

t3

波的周期為T=-=2

Vs;

在t=3s時，質點A正向上運動,x=5m處恰好處于波峰，設此波峰經(jīng)At時間傳到A點，可得△

t="="s=0.25s,

v2

每當質點A處于波峰或波谷時,其速度為零，

故所求時刻為to=(n-1+O.25)s=(n+0.25)s(n=0],2,3,…)，

故在t=3s時刻之后，質點A速度為零的時刻有3.25s,4.25s,

5.25s等。

(2)波源的振動方程為y=Asin爭二2sinntm,

當yi=lm時，解得ti二，s,

波傳播的距離為si=vti=|m,

即質點P的平衡位置在(m處,如圖乙所示。

答案:（1）3.25s,4.25s,5.25s等（2）圖見解析

14.（12分）制作“吸管潛水艇”是深受小朋友喜愛的科學實驗，如圖甲所示，將吸管對折后用

回形針固定,然后管口豎直向下插入裝有水的礦泉水瓶中，使吸管頂部露出水面,最后用蓋子

封緊礦泉水瓶（如圖乙）。實驗時，用力按壓瓶身，“潛水艇”就會沉入水底，松開手后，“潛水

艇”又浮出水面。設水面上方的封閉氣體體積為V?,壓強為時吸管內封閉氣體的體積為V,

“吸管潛水艇”的總質量為m,水的密度恒為P,氣體溫度始終保持不變,所有氣體視為理想

氣體。

（1）緩慢擠壓瓶身時，瓶內封閉氣體的內能如何變化?吸熱還是放熱？

（2）擠壓瓶身使“潛水艇”恰好懸浮在水中時（如圖丙），水面上方的氣體體積減小了多少？（不

考慮吸管厚度和回形針的體積,吸管內、外液面高度差產生的壓強遠小于大氣壓，即管內、外

氣壓始終相等）

解析:⑴環(huán)境溫度不變，則瓶內封閉氣體發(fā)生等溫變化，故內能保持不變，即AU=0。

擠壓瓶身時，水面上方氣體體積減小，外界對氣體做功，即W>0,

根據(jù)熱力學第一定律△U=Q+W,

則Q<0,即氣體對外放熱。

⑵設“潛水艇”懸浮時，吸管內部封閉氣體的壓強為pi,體積為Vi,根據(jù)平衡條件得

PgVi=mg,

解得V尸竺，

p

對吸管內的氣體，根據(jù)玻意耳定律p0V=piVi,

解得P1=^PO

設水面上方的氣體體積減小AV,對水面上方的氣體，根據(jù)玻意