…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版必修3物理下冊階段測試試卷222考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、恒流源是一種特殊的電源，其輸出的電流能始終保持不變。如圖所示的電路中電源是恒流源，當滑動變阻器滑動觸頭P從最左端向右滑動過程中；下列說法正確的是（）

A.的電壓變小B.的電壓變大C.的電功率減小D.恒流源輸出功率保持不變2、下圖為研究電容器充、放電的實驗電路圖．實驗時，先使開關(guān)擲向1端，電源對電容器充電；經(jīng)過一段時間，把開關(guān)擲向2端，電容器與電阻相連，電容器放電．在開關(guān)接通2端后的極短時間內(nèi)，下列說法正確的是（）

A.電容器帶電量和兩板間電壓都增大B.電容器帶電量和兩板間電壓都減小C.電容器帶電量增大，兩板間電壓減小D.電容器帶電量減小，兩板間電壓增大3、如圖所示，一質(zhì)量m=1×10-3kg，電荷量為q=1×10-3C的粒子，重力不計，在豎直向下的電場強度為E=1×103N/C的勻強電場中運動，在A點時速度方向與電場方向夾角為60°，經(jīng)過0.1s后到達B點速度方向與電場方向夾角為30°，則A點速度的大小為（）

A.100m/sB.200m/sC.300m/sD.400m/s4、如圖所示，虛線表示某點電荷Q所激發(fā)電場的等勢面，已知a、b兩點在同一等勢面上，c、d兩點在另一個等勢面上．甲、乙兩個帶電粒子以相同的速率，沿不同的方向從同一點a射入電場，在電場中沿不同的軌跡adb曲線、acb曲線運動．則下列說法中正確的是。

A.兩粒子電性相同B.甲粒子經(jīng)過c點時的速率大于乙粒子經(jīng)過d點時的速率C.兩個粒子的電勢能都是先減小后增大D.經(jīng)過b點時，兩粒子的動能一定相等5、如圖所示，在點電荷形成的電場中有a、b、c三點，它們到點電荷的距離分別為ra、rb和rc，且rb－ra=rc－rb.用Ea、Eb、Ec表示a、b、c的場強，用Uab表示a、b之間的電勢差，用Ubc表示b、c之間的電勢差；則下列說法中正確的是。

A.Ea＜EbB.Eb=EcC.Uab＞UbcD.Uab=Ubc6、如圖所示，兩段材料相同、長度相等、但橫截面積不等的導體接在電路中，總電壓為U；則（）

①通過兩段導體的電流相等。

②兩段導體內(nèi)的自由電子定向移動的平均速率不同。

③細導體兩端的電壓U1大于粗導體兩端的電壓U2

④細導體內(nèi)的電場強度大于粗導體內(nèi)的電場強度。

A.①B.①②C.①②③D.①②③④評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖所示，為定值電阻，L為小燈泡，為光敏電阻（光強越大，電阻越?。斦丈涞缴系墓鈴姸仍龃髸r（）

A.電壓表的示數(shù)增大B.流過的電流減小C.小燈泡的功率增大D.電路的路端電壓增大8、在如圖所示的電路中；電源的內(nèi)阻不能忽略，在滑動變阻器的滑片從最左端向最右端移動的過程中，關(guān)于電路的變化下列說法正確的是()

A.電源的內(nèi)電壓逐漸增大B.流過R3的電流增大C.流過R2的電流減小D.整個電路的總阻值減小9、在如圖所示的電路中；電壓表和電流表均為理想電表，電源內(nèi)阻不能忽略。當閉合開關(guān)S后，將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，則下列敘述正確的是（）

A.電壓表和電流表的示數(shù)都增大B.燈L2變暗，電流表的示數(shù)減小C.燈L1變亮，電壓表的示數(shù)減小D.電源的效率減小，電容器C的帶電量減少10、直流電路如圖所示；在滑動變阻器的滑片P向右移動時，電源的（）

A.總功率一定減小B.效率一定增大C.內(nèi)部損耗功率一定減小D.輸出功率一定先增大后減小11、如圖所示，豎直方向上固定一光滑絕緣細桿，兩電荷量相等的正點電荷M、N關(guān)于細桿對稱固定。兩電荷連線中點為O，帶正電的小球套在細桿上，從距中點O高為處的P點靜止釋放，經(jīng)過時間運動到O點。此過程中小球速度的大小v、加速度的大小a、動能Ek、電勢能Ep（無窮遠處電勢為0）隨時間t或下降距離h的變化圖像可能正確的有（）

A.B.C.D.12、如圖，將電荷量分別為的點電荷置于邊長為a的正方形的四個頂點上。O為正方形的中心，AB通過O點垂直于正方形所在平面，下列說法正確的是（）

A.AB線上O點電場強度最大B.B點的電場沿OB方向C.一正電荷從A到O再到B，其受到的電場力先做正功后做負功D.13、用電場線能很直觀、很方便地比較電場中各點場強的強弱。如圖甲是等量異種點電荷形成電場的電場線，圖乙是場中的一些點：O是電荷連線的中點，E、F是連線中垂線上相對O對稱的兩點，B、C和A、D也相對O對稱；則（）

A.B、C兩點場強大小和方向都相同B.A、D兩點場強大小相等，方向相反C.E、O、F三點電勢相等D.B、O、C三點比較，O點場強最弱14、有兩段電阻絲,材料相同,長度也相同,它們的橫截面的直徑之比為dA:dB=1:2,把它們串聯(lián)在電路中,則下列說法正確的是()

A.它們的電阻之比RA:RB=4:1B.通過它們的電流之比IA:IB=1:1C.電子在兩段電阻絲中定向移動速度大小之比vA:vB=1:4D.兩段電阻絲中的電場強度大小之比EA:EB=1:415、如圖所示，R為定值電阻，當電鍵R閉合后；一帶電液滴恰好靜止于兩板正中央，若滑動變阻器的觸頭向上滑動時，下列說法正確的是（）

A.電壓表的示數(shù)增大B.電流表的示數(shù)增大C.電容器兩端電壓減小D.帶電液滴將加速向上運動評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、如圖所示，A和B兩平行金屬板相距10mm，M點距A板及N點距B板均為2mm，兩極板間的電壓為4V，則板間場強為______N/。A．A板電勢為________V，N點電勢為________V.17、如圖所示，是根據(jù)某同學做“用伏安法測定電池的電動勢和內(nèi)電阻”的實驗記錄，畫出的U-I圖像，則待測電源電動勢E=___________V，內(nèi)電阻r=___________歐。

18、電磁爐是綠色環(huán)保型爐具，在人們生活中有著重要的應用（如圖所示）。某同學家買了一臺電磁爐，仔細觀察發(fā)現(xiàn)有兩個擋位?！皳跷?”上標有“220V500W”，“擋位2”上標有“220V1000W”，這臺電磁爐正常工作時的電壓應為_____V。如果用“擋位2”做飯，電路中的電流為_____A。

19、如圖，A、B是真空中的兩塊面積很大的平行金屬板，已知B板的電勢為零，A板電勢UA隨時間變化的規(guī)律如圖所示，其中UA的最大值為U0，最小值為-2U0；在A、B的正中央處有一個離子源P，P距離A、B板的距離均為l，離子源P可以源源不斷地產(chǎn)生電荷量為q、質(zhì)量為m的帶負電的微粒，已知各個時刻產(chǎn)生帶電微粒的機會均等。這種微粒產(chǎn)生后，從靜止出發(fā)在電場力的作用下運動，設微粒一旦碰到金屬板，它就附在板上不再運動，且其電荷同時消失，不影響A、B板的電壓。已知上述的T、U0、l、q和m等各量的值正好滿足等式：l2=如果在A板電壓變化的每個周期T內(nèi)；平均產(chǎn)生320個上述微粒，則可求出：

(1)在t=0到的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，有____個微粒可到達A板。（不計重力；不考慮微粒之間的相互作用）

(2)在到t=T的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，有____個微粒可到達A板。（不計重力；不考慮微粒之間的相互作用）

20、如圖，某同學用游標卡尺測量某工件的外徑時，示數(shù)如圖（右圖是左圖的放大圖），則此工件的外徑___________mm。

21、在如圖所示的電路中，小量程電流表G的內(nèi)阻滿偏電流

（1）當和均斷開時，改裝后的表是___________（填電流表或電壓表），量程為___________。

（2）當和均閉合時，改裝后的表是___________（填電流表或電壓表），量程為___________。評卷人得分四、作圖題(共2題，共12分)22、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

23、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共24分)24、在研究產(chǎn)生感應電流條件的實驗中，如圖甲所示，把條形磁鐵插入或者拔出閉合線圈的過程，線圈的面積盡管沒有變化，但是線圈內(nèi)的磁場強弱發(fā)生了變化，此時閉合線圈中_______感應電流（填“有”或“無”）．繼續(xù)做如圖乙所示的實驗，當向右拉動導體棒時，盡管磁場的強弱沒有變化，但是閉合回路的面積發(fā)生了變化，此時回路中______感應電流（填“有”或“無”）．因為不管是磁場強弱發(fā)生變化；還是回路面積發(fā)生變化，都是穿過線圈所圍面積的磁通量發(fā)生了變化．這種觀察總結(jié)的方法是物理學中重要的研究方法，即歸納法．

25、電子體溫計（圖1）正在逐漸替代水銀溫度計。電子體溫計中常用的測溫元器件是熱敏電阻。某物理興趣小組制作一簡易電子體溫計；其原理圖如圖2所示。

（1）興趣小組測出某種熱敏電阻的I—U圖像如圖3所示，那么他們選用的應該是圖______電路（填“甲”或“乙”）；

（2）現(xiàn)將上述測量的兩個相同的熱敏電阻（伏安特性曲線如圖3所示）和定值電阻、恒壓電源組成如圖4所示的電路，電源電動勢為6V，內(nèi)阻不計，定值電阻每個熱敏電阻消耗的電功率為______W（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）；

（3）熱敏電阻的阻值隨溫度的變化如圖5所示，在設計的電路中（如圖2所示），已知電源電動勢為6.0V（內(nèi)阻不計），電路中二極管為紅色發(fā)光二極管，紅色發(fā)光二極管的啟動（導通）電壓為4.0V，即發(fā)光二極管兩端電壓時點亮，同時電鈴發(fā)聲，紅色發(fā)光二極管啟動后對電路電阻的影響不計。實驗要求當熱敏電阻的溫度高于38.5℃時紅燈亮且鈴響發(fā)出警報，其中電阻______（填“”或“”）為定值電阻，其阻值應調(diào)為______Ω（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。26、太空探測器在探索宇宙過程中，由太陽能電池板給它提供能源。光明中學物理實驗室有一塊太陽能電池板，當有光照射它時（作為電源），其路端電壓與總電流的關(guān)系圖象如圖甲中的曲線①所示；若沒有光照射它時，相當于一個只有電阻的電學器件，無電動勢。物理實驗探究小組用“描繪小燈泡伏安特性曲線”的實驗方法，探究該太陽能電池板在沒有光照射時的伏安特性曲線，利用電壓表（內(nèi)阻約3kΩ）；電流表（內(nèi)阻約100Ω）測得的多組數(shù)據(jù)作出的圖象如圖甲中曲線②所示。

(1)分析曲線②可知，該電池板作為電阻器件時的阻值隨通過電流的增大而_______（填“增大”或“減小”），若所設計的電路如圖乙所示，實驗時應將圖乙中電壓表另一端a接在_______點（填“b”或“c”）；

(2)圖乙電路中a端接好后還少接了一根導線；請在圖乙中畫出；（________）

(3)分析曲線①可知，該電池板作為電源時的電動勢約為_______V，若把它與阻值為1kΩ的定值電阻連接構(gòu)成一個閉合電路，在有光照射的情況下，該太陽能電池板的效率約為_______%（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。27、用圖示電路測量一節(jié)蓄電池的電動勢和內(nèi)阻（電動勢約為2V，內(nèi)阻很?。瑸榉乐够瑒幼冏杵麟娮柽^小導致電流過大而損壞器材，電路中用了一個保護電阻R0；除蓄電池；滑動變阻器、開關(guān)、導線外，可供使用的器材還有：

A．電流表A1（量程0.6A；內(nèi)阻很?。?；

B．電流表A2（量程3A；內(nèi)阻很?。?/p>

C．電壓表（量程3V；內(nèi)阻很大）；

D．定值電阻（阻值1Ω；額定功率5W）；

E．定值電阻（阻值10Ω；額定功率10W）；

(1)實驗中電流表應選取______，保護電阻應選取______（填器材前面的選項如A；B、C、D、E）

(2)某同學選用器材進行了實驗，他調(diào)整滑動變阻器共測得了5組電流、電壓的數(shù)據(jù)，如下表。請在圖中做出電源的路端電壓U隨電流I變化的圖象()。

。電流表讀數(shù)I/A1.721.350.980.630.34電壓表讀數(shù)U/V0.160.570.951.351.65

(3)結(jié)合圖象求出蓄電池的電動勢為______V，內(nèi)阻為_____Ω。（結(jié)果保留二位有效數(shù)字）評卷人得分六、解答題(共3題，共27分)28、如圖所示，平行板電容器的兩個極板A、B水平放置且接在電壓為60V的恒壓電源正、負極上，兩極板間距為3cm，電容器帶電荷量為6×10－8C，A極板接地。求：

(1)平行板電容器的電容；

(2)平行板電容器兩板之間的電場強度；

(3)距B板2cm的M點處的電勢。

29、如圖所示，R為電阻箱，電壓表可視為理想電壓表。當電阻箱讀數(shù)為R1=2Ω時電壓表讀數(shù)為U1=4V；當電阻箱讀數(shù)為R2=5Ω時，電壓表讀數(shù)為U2=5V。求：

(1)電源的電動勢E；

(2)電源的內(nèi)阻r。

30、如圖所示，直角坐標系xOy位于豎直平面內(nèi)，x軸水平。將一質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球（可視為質(zhì)點）從坐標原點O以某一初速度沿x軸正方向水平拋出，一段時間后小球通過點A（L，）若在該空間加一平行于y軸的勻強電場，將小球以相同初速度沿x軸拋出，一段時間后小球通過點B（L，），重力加速度為g；求：

（1）勻強電場的場強E0；

（2）若所加勻強電場隨時間按圖乙所示規(guī)律周期性變化，t=0時刻將小球以相同初速度沿x軸拋出，小球通過直線x=L時速度恰好平行x軸；求∶

①小球通過直線x=L時縱坐標的可能值；

②若在t=T時刻將小球以相同初速度沿x軸拋出；小球運動過程中動能的最大值。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】【詳解】

設恒流源的電流為I，根據(jù)并聯(lián)電路的電流分配規(guī)律，則通過R0的電流為

通過R2的電流為

ABC．當滑動變阻器滑動觸頭P從最左端向右滑動過程中，減小，I1變大，I2減小。所以的電壓變小，的電壓變大，的電功率變大；根據(jù)并聯(lián)電路電壓相等，所以的電壓變小。A正確；BC錯誤；

D．減小，導致電路的總電阻減小，根據(jù)功率公式可知；恒流源的輸出功率減小。D錯誤。

故選A。2、B【分析】【詳解】

開關(guān)S與“l(fā)”端相連時，電源向電容器充電，電流先增大，電容器帶電量不斷增多，兩板間電壓也不斷增大；開關(guān)S與“2”端相連時，電容器放電，電流減小，電容器帶電量減小，兩板間電壓也在減小。故ACD錯誤，B正確。3、A【分析】【分析】

【詳解】

電荷只受電場力作用，由牛頓第二定律可得

整個運動過程中水平方向不受力，速度不變，設水平方向的速度為v0，則有

解得

故A點速度大小為

故選A。4、B【分析】【詳解】

根據(jù)曲線運動時質(zhì)點所受的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)可知，甲受到引力，乙受到斥力，則甲與Q是異種電荷，而乙與Q是同種電荷，故兩粒子所帶的電荷為異種電荷．故A錯誤．甲粒子從a到c過程，電場力做正功，動能增加，而乙從a到d過程，電場力做負功，動能減小，兩初速度相等，則知甲粒子經(jīng)過c點時的速度大于乙粒子經(jīng)過d點時的速度．故B正確．甲粒子從a到b過程，電場力先做正功后做負功，電勢能先減小后增大；電場力對乙粒子先做負功后做正功，電勢能先增大后減?。蔆錯誤．a(chǎn)到b時，電場力對兩粒子的做的功都是0，兩個粒子的速率再次相等，由于不知道質(zhì)量的關(guān)系，所以不能判定兩個粒子的動能是否相等．故D錯誤．故選B．5、C【分析】【詳解】

A、B、正的點電荷產(chǎn)生的電場中，離電荷越遠，場強越弱，結(jié)合決定式可知Ea>Eb>Ec，則A、B均錯誤．C、D、因Ea>Eb>Ec，可知故ab間的平均場強大于bc間的平均場強，根據(jù)U=Ed可知，Uab＞Ubc；故C正確，D錯誤．故選C．

【點睛】本題主要考查了正點電荷電場強度的分布圖，掌握三個公式根據(jù)U=Ed判斷出非勻強電場中兩點間的電勢差的大?。?、D【分析】【詳解】

①兩個導體串聯(lián)；電流相同。故①正確；

②電流的微觀表達式

由題n、e、I相同，S不同，則自由電子定向移動的平均速率v不同。故②正確；

③根據(jù)電阻定律

可知細導體的電阻大于粗導體的電阻，由歐姆定律U=IR

得知，I相同，則細導體兩端的電壓U1大于粗導體兩端的電壓U2。故③正確；

設導體的長度為L，橫截面積為S。導體內(nèi)的電場強度

④I、ρ相同，則E與S成反比；所以細導體內(nèi)的電場強度大于粗導體內(nèi)的電場強度。故④正確；

故選D。二、多選題(共9題，共18分)7、A:B:C【分析】【詳解】

AD．當光強度增大時，阻值減小，外電路電阻隨的減小而減小，干路電流增大，兩端電壓因干路電流的增大而增大；同時內(nèi)電壓增大，故電路的路端電壓減小，電壓表的示數(shù)增大，故A正確，D錯誤；

BC．由路端電壓減小，兩端電壓增大知，兩端電壓必減小，則流過的電流減小；結(jié)合干路電流增大知流過小燈泡的電流必增大，則小燈泡的功率增大，故BC正確。

故選ABC。8、A:D【分析】【詳解】

D．滑片由a端滑向b端的過程中，R1接入電路的電阻減??；因此總電阻減小，D正確；

A．干路電流增大；內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，A正確；

B．定值電阻R3兩端的電壓減小，則流過R3的電流減??；電流表示數(shù)減小，B錯誤；

C．干路電流增大，流過R3的電流減小，則流過R2的電流增大；C錯誤；

故選AD.

【點睛】

本題是一道電路動態(tài)分析題，分析清楚電路結(jié)構(gòu)、熟練應用串聯(lián)電路特點及歐姆定律即可正確解題．本題也可根據(jù)結(jié)論分析：變阻器的電阻減小，所在電路的電流必定增大，來分析電流的變化．9、C:D【分析】【詳解】

ABC．將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，R與燈L2并聯(lián)的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數(shù)減小，燈L1變亮；R與燈L2并聯(lián)電路的電壓

U減小，U1增大，則U并減小，燈L2變暗；流過電流表的電流

I增大，I2減小，IA增大；電流表的示數(shù)增大；故AB錯誤，C正確；

D．電源的效率

U減小，則電源的效率減小。并聯(lián)部分電壓減小，則電容器的電壓減小，由

可知電容器C的帶電量減小。故D正確；

故選CD。10、A:B:C【分析】【詳解】

當滑動變阻器的滑片P向右移動時，接入電路的電阻變大，整個回路的電流變小，內(nèi)部消耗的功率P=一定減小，C正確；總功率P=EI一定減小，A正確；而內(nèi)電壓降低，外電壓升高，電源的效率增大，B正確；當內(nèi)電阻等于外電阻時，輸出功率最大，此題中無法知道內(nèi)外電阻的關(guān)系，因此D不對11、B:C:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)等量同種正點電荷的特點可知；MN在桿的位置處的電場線的方向向上，從桿與MN的連線的交點處向上，電場強度的大小從0先增大后減小。小球受重力，如果開始時小球的位置在場強最大點的下方，則小球向下運動的過程中受到的電場力逐漸減小，所以小球的加速度逐漸增大，小球做加速度增大的加速運動；如果開始時小球的位置在最大的點的位置上方，則小球向下運動的過程中受到的電場力先增大后減小，所以小球的加速度可能先減小后增大，小球先做加速度減小的加速運動，后做加速度最大的加速運動；則B項中的速度變化是可能的，A項的加速度的變化是不可能的，故A錯誤，B正確；

C．如果開始時小球的位置在場強最大的點的位置上方；而且電場力最大的時候電場力大于重力，則小球向下運動的過程中受到的電場力先增大后減小，所以小球的加速度先減小然后反向增大，所以小球先做加速度減小的加速運動，后做加速度增大的減速運動；當經(jīng)過了電場力得最大點后，又做加速度減小的減速運動，最后再做加速度增大的加速運動，該種情況下小球的運動過程最復雜，小球的速度先增大，然后減小，最后又增大。小球的動能也是先增大，然后減小，最后又增大，故C正確；

D．小球向下運動的過程中電場力一直做負功；所以小球的電勢能一直增大，故D正確。

故選BCD。12、A:D【分析】【詳解】

A．可以把圖中四個點電荷形成的電場看成兩組等量異種電荷的電場，由等量異種電荷的電場線分布可知，等量異種電荷在AB線上O點電場強度最大，等量異種電荷在AB線上O點電場強度最大，根據(jù)電場強度的疊加可知AB線上O點電場強度最大；故A正確；

B．兩組等量異種電荷在B點的電場強度方向分別平行兩組等量異種電荷的連線方向，根據(jù)電場強度的疊加可知B點的電場不可能沿OB方向；B錯誤；

CD．等量異種電荷連線的中垂線為等勢線，所以

正電荷從A到O再到B；電場力不做功，故D正確，C錯誤。

故選AD。13、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)電場線分布，結(jié)合對稱性可得，B、C兩點場強大小和方向都相同；選項A正確；

B．根據(jù)電場線分布，結(jié)合對稱性可得，A、D兩點場強大小相等；方向相同，選項B錯誤；

C．E、O、F三點均處在電勢為零的等勢線上；則電勢相等，選項C正確；

D．B、O、C三點比較，O點電場線最稀疏；則場強最弱，選項D正確。

故選ACD。14、A:B【分析】【詳解】

A、長度、材料均相同，它們的橫截面的直徑之比為dA:dB=1:2，則橫截面積之比為SA：SB=1:4，根據(jù)可知，電阻之比RA:RB=4:1；故A正確；

B、因兩者是串聯(lián)，它們的電流總相等，有IA:IB=1:1；故B正確；

C、根據(jù)電流的微觀表達式I=neSv，則有，定向移動速率與橫截面成反比，因此定向移動速度之比vA：vB=4:1；故C錯誤；

D、串聯(lián)電路，電流相等，設為I，則兩段中的電場強度因此電場強度與電壓成正比，則有電場強度之比EA：EB=UA：UB=RA：RB=4:1;故D錯誤；

故選AB.

【點睛】

知道影響電阻大小的因素，知道串聯(lián)電路電流的規(guī)律，會靈活應用歐姆定律，同時掌握電流的微觀表達式的內(nèi)容，及確定電場強度與電阻成正比的結(jié)論.15、A:D【分析】【詳解】

ABC．若滑動變阻器的觸頭向上滑動時，RP電阻變大，總電阻變大，總電流減小，路端電壓變大，電容器兩端電壓變大，R上的電壓減??；則電壓表讀數(shù)變大，選項A正確，BC錯誤；

D．電容器兩端電壓變大；則液滴所受的向上的電場力變大，液滴將加速向上運動，選項D正確；

故選AD.三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)可知兩板間的電場強度為板間電場方向向上，故A點的電勢低于B板的電勢，因B板接地電勢為零，所以可知A板電勢為-4V；B、N之間的電勢差為所以N點的電勢為-0.8V．【解析】400－4－0.817、略

【分析】【詳解】

[1]由圖象圖象可知，電源U-I圖象與縱軸交點坐標值為3.0，則電源電動勢E=3.0V

[2]電源內(nèi)阻【解析】3.01.018、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]用電器銘牌上的電壓即為額定電壓；因此電磁爐正常工作時的電壓為220V；

[2]如果用“擋位2”做飯，根據(jù)可得電路中的電流為【解析】①.220②.4.519、略

【分析】【詳解】

（1）由于在t=0到的這段時間內(nèi)，A板的電勢高，所以從P點發(fā)出的帶負電的微粒會加速向A板移動，加速度的大小為a=

設粒子距離為l，則根據(jù)l=

需要的時間t=

再把l2=

代入到上式中，得t=

因為t<說明粒子發(fā)出后一直做勻加速直線運動到達A板；

但是在t=0到t=T/2內(nèi)發(fā)射的粒子，并不一定都打到A上，在接近T/2時刻，發(fā)射的粒子加速時間短，再減速后有可能到達不了A板，我們設粒子發(fā)射后加速△t時間，再減速通過的距離是l；

由于減速時的加速度大小為a＇=

則可求加速通過的距離x1==

末速度v1=a△t=

減速通過的距離x2=

故l=x1+x2

即l=+

解之得△t=

再把l2=

代入到上式中得△t=

由于每個周期內(nèi)平均產(chǎn)生320個微粒，則單位時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒為λ=

所以在t=0到t=T/2的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，到達A板的微粒數(shù)為N1=（-△t）λ=80

（2）在t=T/2到t=T的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，A板的電勢低，負電荷會加速向B板運動，能到達A板的粒子應該是向左加速一段時間后，再向左減速，當粒子減速到零時，再反方向加速，減速和反方向加速的時間總時間是最后再向右減速，最終到達A板，在這些粒子中，最先到達A板的粒子的速度是零。設最初向左加速的時間為△t＇，則向左加速的位移x1＇=

末速度v1＇=a＇△t＇

然后粒子向左減速，到減到速度為0后再反方向加速，這段時間為通過的總位移為x2＇=-v1＇×+

末速度為v2＇=-v1＇+a×

最后向右減速到零的距離x3＇=

因為a＇=2a，故l=x2＇-x1＇+x3＇

聯(lián)立以上方程解之得△t＇=

故這段時間的粒子數(shù)為N2==30個【解析】803020、略

【分析】【詳解】

工件的外徑為【解析】19.4021、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]由圖可知，當和均斷開時，電流表G和串聯(lián)，所以改裝后的表是電壓表，量程為

（2）[3][4]由圖可知，當和均閉合時，電流表G和并聯(lián)，改裝后的表是電流表，量程為【解析】①.電壓表②.③.電流表④.四、作圖題(共2題，共12分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示。【解析】23、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結(jié)點，又因為2、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個電阻井聯(lián)，后再與第三個電阻串聯(lián)，每個電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】五、實驗題(共4題，共24分)24、略

【分析】【詳解】

[1]只要穿過閉合線框的磁通量發(fā)生變化就有感應電流產(chǎn)生．

[2]只要閉合電路的一部分導體做切割磁感線運動閉合電路中就有感應電流產(chǎn)生．【解析】有有25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]熱敏電阻的I—U圖像如圖3所示；電壓從0變化起，所以應選滑動變阻器分壓式接法，故選乙。

（2）[2]設熱敏電阻兩端電壓為U，通過熱敏電阻的電流為I，根據(jù)閉合電路歐姆定律有

代入數(shù)據(jù)得

作出圖線如圖所示。

圖線交點表示此時熱敏電阻的電壓為2.7V、電流為7.9mA，故電功率

（3）[3][4]由于熱敏電阻阻值隨溫度的升高而降低，要使發(fā)光二極管電壓U≥4.0V時點亮，則有分壓隨總電阻的減小而增大，由串聯(lián)電路中的電壓之比等于電阻之比，為熱敏電阻，由圖5可知，當溫度為38.5℃時，熱敏電阻阻值

由閉合電路歐姆定