…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版高二物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、心電圖儀（如圖所示）通過一系列的傳感手段，可將與人心跳對應的生物電流情況記錄在勻速運動的坐標紙上．醫生通過心電圖，可以了解到被檢者心跳的情況，例如，測量相鄰兩波峰的時間間隔，便可計算出1min內心臟跳動的次數（即心率）．同一臺心電圖儀正常工作時測得待檢者甲、乙的心電圖分別如圖甲、乙所示．若醫生測量時記下被檢者甲的心率為60次/min，則可推知乙的心率和這臺心電圖儀輸出坐標紙的走紙速度大小分別為（）

A.48次/min；25mm/s

B.48次/min；36mm/s

C.75次/min；45mm/s

D.75次/min；25mm/s

2、如圖所示U-I圖線上a、b、c各點均表示該電路中有一個確定的工作狀態，b點α=β；則下列說法中正確的是（）

A.在b點時電源有最大輸出功率。

B.在b點時電源的總功率最大。

C.從a→b時β角越大；電源的總功率和輸出功率都將增大。

D.從b→c時β角越大；電源的總功率和輸出功率都將減小。

3、真空中兩個點電荷相距r時，庫侖力為F，如果保持它們的電量不變，而將距離增大為2r，則二者之間的庫侖力將變為A.F/4B.F/2C.FD.2F4、壟脵

把筆豎直倒立于水平硬桌面；下壓外殼使其下端接觸桌面(

見位置a)

壟脷

由靜止釋放，外殼豎直上升與靜止的內芯碰撞(

彈簧已恢復原長)(

見位置b)

壟脹

碰撞后內芯與外殼以共同的速度一起上升到最大高度處(

見位置c)

不計摩擦與空氣阻力，下列說法正確的是(

)

A.僅減少筆芯中的油，則筆彈起的高度將變小B.僅增大彈簧的勁度系數，則筆彈起的高度將變小C.若筆的總質量一定，外殼質量越大筆彈起的高度越大D.筆彈起的過程中，彈簧釋放的彈性勢能等于筆增加的重力勢能5、一含有理想變壓器的電路如圖所示，圖中電阻R1R2

和R3

的阻值分別為4婁賂1婁賂

和4婁賂

為理想交流電流表，U

為正弦交流電壓源，輸出電壓的有效值恒定.

當開關S

斷開時，電流表的示數為I

當S

閉合時，電流表的示數為3I.

該變壓器原、副線圈匝數比為(

)

A.2

B.3

C.4

D.5

評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、某小型水電站的電能輸送示意圖如圖所示，發電機通過升壓變壓器T1

和降壓變壓器T2

向用戶供電.

已知輸電線的總電阻為R

降壓變壓器T2

的原、副線圈匝數之比為41

降壓變壓器副線圈兩端交變電壓u=2202sin100婁脨t(V)

降壓變壓器的副線圈與阻值R0=11婁賂

的電阻組成閉合電路.

若將變壓器視為理想變壓器，則下列說法中正確的是(

)

A.通過R0

電流的有效值是20A

B.降壓變壓器T2

原、副線圈的電壓比為41

C.升壓變壓器T1

的輸出電壓等于降壓變壓器T2

的輸入電壓D.升壓變壓器T1

的輸出功率大于降壓變壓器T2

的輸入功率7、關于磁感應強度的下列說法中；正確的是()

A.通電導線在磁場中受到安培力越大的位置；則該位置的磁感應強度越大。

B.磁感線上某一點的切線方向就是該點磁感應強度的方向。

C.垂直磁場放置的通電導線的受力方向就是磁感應強度方向。

D.磁感應強度的大小、方向與放入磁場的導線的電流大小、導線長度、導線取向等均無關8、下列家用電器在工作時，主要利用電流熱效應的是()A.電熨斗B.電冰箱C.吸塵器D.電飯鍋9、如圖所示，兩個帶同種電荷的小球A

和BAB

的質量分別為m

和2m

開始時將它們固定在絕緣的光滑水平面上保持靜止.AB

的相互作用力遵循牛頓第三定律，現同時釋放AB

經過一段時間，B

的速度大小為v

則此時(

)

A.A

球的速度大小為v2

B.A

球的動量大小為mv

C.A

球與B

球的動量大小之比一直為11

D.A

球的動能為2mv2

10、如圖所示，質量為m的冰壺，與水平冰面間動摩擦因數為μ，被運動員以初速度v推出后，沿直線走了距離s后停止，下列說法中正確的有（）A.摩擦力對冰壺做正功μmgsB.冰壺克服摩擦力做功C.冰壺加速度大小為μgD.合外力對冰壺做正功11、一定量的理想氣體處在溫度為290K的A狀態，經歷如圖的A→B→C→A循環．下列說法正確的是（）

A.A→B的過程中，每個氣體分子的動能都增加B.B→C的過程中，氣體溫度先升高后降低C.C→A的過程中，氣體內能一定減小E.氣體達到B狀態時的溫度為580KE.氣體達到B狀態時的溫度為580K12、磁流體發電是一項新興技術，它可以把氣體的內能直接轉化為電能，如圖所示，平行金屬板P、Q有很強的勻強磁場，磁感應強度為B，現將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量正、負帶電離子）垂直于磁場的方向噴入，每個離子的速度為v，電荷量大小為q，已知P、Q兩板間距為d．電路穩定后下列說法中正確的是（）A.圖中P板是電源的正極B.電源的電動勢與離子所帶電荷量q有關C.電源的電動勢與離子噴入的速度v有關D.電源的電動勢與金屬板間距d有關13、如圖所示，一質量為m

帶電荷量為q

的物體處于場強按E=E0鈭?kt(E0k

均為大于零的常數，取水平向左為正方向)

變化的電場中，物體與豎直墻壁間動摩擦因數為婁脤

當t=0

時刻物體處于靜止狀態。若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且電場空間和墻面均足夠大，下列說法正確的是()

A.物體開始運動后加速度先增大，后保持不變B.物體開始運動后加速度不斷增大C.經過時間t=E0k

物體在豎直墻壁上的速度達最大值D.經過時間t=婁脤qE0鈭?mg婁脤kq

物體運動速度達最大值14、如圖所示，ABCD

為勻強電場中相鄰的四個等勢面，一個電子垂直經過等勢面D

時，動能為40eV

飛經等勢面C

時，電勢能為鈭?20eV

飛至等勢面B

時動能為20eV

已知相鄰等勢面間的距離為5cm

則下列說法正確的是(

重力不計)(

)

A.等勢面C

的電勢為20V

B.勻強電場的場強大小為200V/m

C.電子再次飛經D

勢面時，動能為10eV

D.電子的運動為勻變速直線運動評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、一電池外電路斷開時的路端電壓為3V，接上8Ω的負載電阻后路端電壓降為2.4V，則可以判定電池的電動勢E=____________V；內電阻r=____________Ω．16、一個邊長為10cm

的正方形金屬線框置于勻強磁場中，線框匝數n=100

線框平面與磁場垂直，電阻為20婁賂.

磁感應強度隨時間變化的圖象如圖所示.

則前兩秒產生的電動勢為______V

．17、如圖所示線圈A豎直放在地面上與電阻R相連．當條形磁鐵從線圈的正上方由靜止開始自由落下；磁鐵的N極向下插入線圈的過程中。

（1）穿過線圈的磁通量φ將____（選填“增大”；“減小”、“不變”）

（2）線圈中感應電流的磁場方向向____（選填“上”“下”）

（3）電阻R中的電流方向由____到____

（4）地面對線圈的支持力____線圈的重力（選填“大于”；“小于”、“等于”）

18、電荷量為-5.0×10-12C的點電荷A置于電場中的P點，所受電場力大小為2.0×10-6N，方向向右，則P點的電場強度大小為________N/C，方向________（填“向右”或“向左”）．若A電荷在P點具有-1.5×10-11J的電勢能，則P點的電勢為________V．若將P點的電荷換成電荷量為+2.0×10-12C的點電荷B，則P點的電場強度大小為________N/C，B電荷的電勢能為________J。19、如圖是某種一定量理想氣體的p--t圖像，圖中A、B、C三點表示了這些氣體的三個不同的狀態，我們用VA、VB、VC表示在這三種狀態下氣體的體積，那么它們的大小順序應是．20、利用“插針法”測定玻璃的折射率；所用的玻璃磚兩面平行．正確操作后，做出的光路圖及測出的相關角度如圖1所示．

（1）此玻璃的折射率計算式為n=______（用圖中的θ1、θ2表示）；

（2）如果有幾塊寬度大小不同的平行玻璃磚可供選擇；為了減少誤差，應選用寬度______（選填“大”或“小”）的玻璃磚來測量；

（3）甲同學在紙上正確畫出玻璃磚的兩個界面aa′和bb′后；不小心碰了玻璃磚使它向aa′方向平移了少許，如圖2所示．則他測出的折射率將______（選填“偏大”；“偏小”或“不變”）；

（4）乙同學在畫界面時，不小心將兩界面aa′、bb′間距畫得比玻璃磚寬度大些，如圖3所示，則他測得的折射率______（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）．評卷人得分四、判斷題(共1題，共5分)21、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）評卷人得分五、簡答題(共1題，共3分)22、如圖所示，一水平放置的矩形線圈abcd，在細長的磁鐵N極附近豎直下落，保持bc邊在紙外，ab邊在紙內，由圖中位置Ⅰ經位置Ⅱ到位置Ⅲ，這三個位置都靠得很近，且位置Ⅱ剛好在條形磁鐵中心軸線上，在這個過程中穿過線圈的磁通量怎樣變化？有無感應電流？評卷人得分六、實驗題(共3題，共18分)23、某同學在做“描繪小電珠的伏安特性曲線”的實驗中得到如下一組U和I的數據:。編號12345678U/(V)0.000.200.501.001.502.002.503.00I/(A)0.000.050.100.150.180.190.210.22燈泡發光情況不亮微亮逐漸變亮正常發光（1）在圖上畫出I－U圖線。（4分）（2）從圖線上可以看出，當電珠的功率逐漸增大，即溫度逐漸升高時，燈絲電阻的變化情況是____。（3）分析上表內實驗數據可知，應選用的實驗電路圖是圖中的圖____（選填“甲”或“乙”）。（4分）（4）請在圖所示的實物圖中用鉛筆補全其中的連線。24、某同學設計了一個測定激光的波長的實驗裝置如圖9(a)所示，激光器發出的一束直徑很小的紅色激光進入一個一端裝有雙縫、另一端裝有感光片的遮光筒，感光片的位置上出現一排等距的亮點，圖9(b)中的黑點代表亮點的中心位置．圖9(1)這個現象說明激光具有________________性．(2)通過測量相鄰光點的距離可算出激光的波長，據資料介紹，如果雙縫的縫間距離為a，雙縫到感光片的距離為L，感光片上相鄰兩光點間的距離為b，則激光的波長λ＝該同學測得L＝1.0000m、縫間距a＝0.220mm，用帶十分度游標的卡尺測感光片上的點的距離時，尺與點的中心位置如圖9(b)所示．圖9(b)圖中第1到第4個光點的距離是____________mm.實驗中激光的波長λ＝________m．(保留兩位有效數字)25、多用電表指針如下圖所示。

(1)如果選擇開關為“×10”擋；則所測電阻的阻值____Ω.

(2)如果選擇開關為直流電壓250V擋；則對應讀數是________V.

(3)如果選擇開關為直流電流100mA擋，則對應讀數是________mA.參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】

設甲；乙心跳的周期分別為T甲、T乙；坐標紙的速度大小為v，則有：

s甲=vT甲，s乙=vT乙；

又心率與心跳周期的關系為：f=則有：

f甲=f乙=

聯立得：==f甲=60次/s，解得：f乙=75次/s．

由題：T甲==

所以：v=所以選項ABC錯誤，D正確．

故選D

【解析】【答案】由圖看出坐標紙上都記錄了心跳兩次的情況；根據坐標紙的長度與速度之比，得到心跳的周期，心跳周期與心率成反比，可求出兩人心率之比，即可求出乙的心率．坐標紙做勻速運動，由長度和心跳周期可求出坐標紙的走紙速度大小．

2、A|D【分析】

A、電源的輸出功率P出=UI，由數學知識可知，P出等于圖線上的點與兩坐標軸所圍圖形的“面積”．由圖可知，在b點時“面積”最大；電源的輸出功率最大．故A正確．

B、電源的總功率P總=EI，在b點時I不是最大；電源的總功率不是最大．故B錯誤．

C、從a→b時β角越大；電流越小，電源的總功率越小，“面積”增大，輸出功率增大．故C錯誤．

D、從b→c時β角越大；電流越小，電源的總功率越小，“面積”減小，輸出功率減小．故D正確．

故選AD

【解析】【答案】電源的輸出功率P出=UI，由數學知識可知，P出等于圖線上的點與兩坐標軸所圍圖形的“面積”．電源的總功率P總=EI，I最大時，電源的總功率最大．從a→b時β角越大，電流越小，電源的總功率越小，輸出功率增大．從b→c時β角越大；電源的總功率和輸出功率都將減小．

3、A【分析】【解析】試題分析：由點電荷庫侖力的公式可以得到，電量不變，當距離增大一倍后，庫侖力將變為原來的故選A考點：庫侖定律【解析】【答案】A4、C【分析】解：A

設將外殼下移h1

時其下端與水平桌面接觸時；外力做功為W

彈簧的彈性勢能為EP.

設外殼和內芯的質量分別為M

和m.

由靜止釋放后外殼獲得一個初速度為v1.

上升的高度為h1

外殼與內芯碰撞后彈起時的共同速度大小為v2

之后共同體上升的高度為h2

根據功能關系有：W+Mgh1=Ep壟脵

根據機械能守恒定律得：Ep=Mgh1+12Mv12壟脷

外殼和內芯碰撞過程；取豎直向上為正方向，由動量守恒定律得：Mv1=(M+m)v2壟脹

碰后過程，由機械能守恒定律得：(M+m)gh2=12(M+m)v22壟脺

僅減少筆芯中的油；m

減小，由壟脵壟脷

知，v1

不變，由壟脹

知v2

增大，由壟脺

式知筆彈起的高度h2

將變大，故A錯誤。

B；僅增大彈簧的勁度系數；Ep

變大，由上式可知，筆彈起的高度h2

將變大，故B錯誤。

C、由壟脵壟脷壟脹壟脺

得：h2=WM(M+m)2g

可知若筆的總質量M+m

一定，外殼質量M

越大，筆彈起的高度越大，故C正確。

D；筆彈起的過程中；彈簧釋放的彈性勢能等于筆增加的重力勢能和動能之和，故D錯誤。

故選：C

由靜止釋放；外殼上升過程中，彈簧的彈性勢能轉化為外殼的機械能，由機械能守恒定律可以求出其速度。外殼與內芯碰撞過程中，系統動量守恒，由能量守恒定律可以求出碰后共同速度。外殼與內芯一起做豎直上拋運動，由機械能守恒定律可以求出彈起的高度，根據這些表達式分析。

本題的關鍵是分析外殼的運動過程，判斷出每個過程能量是如何轉化，利用能量守恒、動量守恒以及豎直上拋運動規律解題。【解析】C

5、A【分析】【分析】變壓器輸入電壓為U

與電阻R

11兩端電壓的差值；再根據電流之比等于匝數的反比可求得輸出電流；根據電壓之比等于匝數之比對兩種情況列式；聯立可求得U

與I

的關系；則可求得線圈匝數之比。

本題考查理想變壓器原理及應用，要注意明確電路結構，知道開關通斷時電路的連接方式；同時注意明確輸入電壓與總電壓之間的關系。【解答】設變壓器原；副線圈匝數之比為K

則可知，開關斷開時，副線圈電流為kI

則根據理想變壓器原理可知：U鈭?IR1KI(R2+R3)=K(1)

同理可知，U鈭?4IR14KIR2=K(2)

代入數據聯立解得：U=48I

代入(1)

式可得：K=2

故A正確；BCD錯誤。

故選A。【解析】A

二、多選題(共9題，共18分)6、ABD【分析】解：A

降壓變壓器副線圈兩端交變電壓有效值為220V

負載電阻為11婁賂

所以通過R0

電流的有效值是20A

選項A正確；

B；降壓變壓器T2

的原、副線圈匝數之比為41

所以降壓變壓器T2

原、副線圈的電壓比為41

所以選項B正確；

C；升壓變壓器T1

的輸出電壓等于降壓變壓器T2

的輸入電壓加上輸電線上的電壓；所以選項C錯誤；

D；升壓變壓器T1

的輸出功率等于降壓變壓器T2

的輸入功率加上輸電線上的功率；所以選項D正確．

故選：ABD

．

根據電壓與匝數成正比；電流與匝數成反比，可以求得降壓變壓器的電流和輸電線上的電流的大小，從而可以求得輸電線和用電器消耗的功率的大小．

掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關系，最大值和有效值之間的關系即可解決本題．【解析】ABD

7、BD【分析】【分析】根據左手定則可知，磁感應強度的方向與安培力的方向垂直，磁感應強度是描述磁場強弱和方向的物理量，通過電流元垂直放置于磁場中所受磁場力與電流元的比值來定義磁感應強度，此比值與電場力及電流均無關。本題考查了磁感應強度，掌握磁感應強度的定義以及定義式，掌握磁感應強度強弱的決定因素。【解答】A.磁感應強度是描述磁場強弱和方向的物理量，通過電流元垂直放置于磁場中所受磁場力與電流元的比值來定義磁感應強度，此比值與電場力及電流均無關，故A錯誤；B.根據對磁感線方向的規定，磁感線上某一點的切線方向就是該點磁感應強度的方向，故B正確；C.根據左手定則可知，磁感應強度的方向與安培力的方向垂直，故C錯誤；D.磁感應強度是描述磁場強弱和方向的物理量，通過電流元垂直放置于磁場中所受磁場力與電流元的比值來定義磁感應強度，此比值與磁場力及電流元均無關，故D正確。故選BD。【解析】BD

8、AD【分析】【分析】電流流過導體時，導體要發熱，這種現象是電流的熱效應，發生電流的熱效應時，電能轉化為內能。利用電流的熱效應工作的家用電器工作時，都是電能轉化為內能，這是判斷的關鍵。【解答】AD.

電熨斗和電飯鍋工作時，電能轉化為內能，是利用電流的熱效應，故AD正確；B、電冰箱是利用電流做功壓縮制冷劑，使制冷劑液化，當制冷劑再通過冷凝管是體積膨脹氣化而帶走冰箱內的熱量，故電流做功的過程中電能主要轉化為機械能，故B錯誤；C、吸塵器是通過電流做功帶動風扇轉動而形成風，從而把灰塵吸進吸塵器，故主要是將電能轉化為機械能，故C錯誤。故選AD。【解析】AD

9、CD【分析】解：A

兩球組成的系統所受合外力為零；系統動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：2mv+mvA=0

解得：vA=鈭?2v

方向向左；故A錯誤；

B；A

球的動量大小：p=mvA=2mv

故B錯誤；

C；兩球組成的系統所受合外力為零；系統動量守恒，故A球與B

球的動量大小之比一直為11

故C正確；

D、A

球的動能：EKA=12mvA2=2mv2

故D正確；

故選：CD

．

兩球組成的系統動量守恒；由動量守恒定律求出A

球的速度，然后答題．

本題考查了求速度、動能、動量問題，應用動量守恒定律、動量與動能的計算公式即可正確解題．【解析】CD

10、BC【分析】解：A、冰壺只受摩擦力，摩擦力對冰壺做負功，摩擦力做功Wf=-μmgs；則冰壺克服摩擦力做功為μmgs，故A錯誤，故B正確；

C、由牛頓第二定律可知，a==μg；冰壺的加速度大小為：μg，故C正確；

D；冰壺只受滑動摩擦力；冰壺所受的合外力就是摩擦力，摩擦力對冰壺做負功，合外力對冰壺做負功，故D錯誤；

故選：BC。

對冰壺受力分析；由牛頓第二定律可求得加速度；由功的公式可求得摩擦力所做的功．

本題考查了求功與加速度問題，對于負功要注意其說法；即可以說是力做負功；也可以說成物體克服摩擦力做正功．【解析】BC11、B:C:D【分析】【詳解】

A到B過程中，體積不變，根據查理定律，壓強增加，溫度升高，分子的平均動能增加，但不是每個分子的動能都增加，故A錯誤．B→C過程中，根據理想氣體狀態方程B、C兩點溫度相同，過B、C兩點的等溫線是雙曲線的一支，圖線BC之間的點溫度比B點和C點溫度高，所以B→C過程中，氣體的溫度先升高后降低，故B正確．C→A的過程中，氣體發生等壓變化，體積減小，溫度降低，理想氣體的內能只與溫度有關，故內能減小，故C正確．C→A的過程中，根據p-V圖象面積求功，故D正確；由A→B發生等容變化，根據查理定律代入數據得TB＝870K，故E錯誤．12、CD【分析】解：等離子體進入磁場后；根據左手定則，知正離子向下偏，負離子向上偏．所以Q板帶正電，P板帶負電．

最終離子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，有：q=qvB．電動勢E=U=Bvd．故CD正確；AB錯誤．

故選：CD．

等離子體進入磁場；由于受到洛倫茲力發生偏轉，根據左手定則判斷出正負離子偏轉的方向，從而確定極板帶電的正負．最終離子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡，根據平衡求出電源的電動勢．

解決本題的關鍵會根據左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道最終離子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡．【解析】【答案】CD13、BC【分析】【分析】對物體僅僅受力分析，運用牛頓第二定律求出物體的加速度大小和方向，根據物體的初狀態確定物體的運動情況；由于電場強度是隨時間變化的，求合力時應注意其大小和方向。本題關鍵要找出物體的合力，求出物體的加速度，根據加速度的情況判斷物體運動情況。【解答】AB.

電場改變方向之前；物體沿豎直墻運動，由于水平方向支持力與電場力相等，電場強度減弱，所以支持力減小，故摩擦力減小，所以物體受到的重力和摩擦力的合力增大；電場改為水平向右時，物體受互相垂直的重力和電場力，而電場力隨電場強度的增大而增大，所以合力增大；因此，整個過程中，物體運動的加速度不斷增大，且速度不斷增大，故A錯誤，B正確；

C.當電場強度為零時，物體開始離開墻壁，即E0鈭?kt=0

所以t=E0k

故C正確；D.根據A

選項分析，物體運動的加速度不斷增大，且速度不斷增大，故D錯誤。故選BC。【解析】BC

14、ABD【分析】解：A

根據電勢的定義式：婁脮=EPq

得婁脮C=EPC鈭?e=鈭?20eV鈭?e=20V.

故A正確；

B；電子從D

到B

過程；根據動能定理得：鈭?eUDB=EkB鈭?EkD

解得，UDB=20V

電場強度為E=UDBd=200.05脳2=200V/m.

故B正確．

C；根據能量守恒可知；電子再次經過D

等勢面時，電勢能不變，動能不變，其動能仍為40eV

故C錯誤．

D；根據電場線與等勢面垂直可知；該電場是勻強電場，電子做勻變速直線運動.

故D正確．

故選：ABD

根據電勢的定義式：婁脮=EPq

即可計算出C

點的電勢；由E=Ud

求解電場強度；根據能量守恒可知；電子再次經過D

等勢面時，動能為20eV

勻強電場中電子所受的電場力是恒力，電子做勻變速直線運動．

解決本題的關鍵知道等勢面與電場線關系，掌握勻強電場的場強公式，以及電場力做功與電勢差的關系．【解析】ABD

三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】解：由題，電池外電路斷開時的路端電壓為3V，則電池的電動勢E=3V．當電源接上8Ω的負載電阻后路端電壓降為2.4V，則有=得到r=═Ω=2Ω

故答案為：3，2【解析】3;216、略

【分析】解：根據B鈭?t

圖中同一條直線磁通量的變化率是相同的，所以電動勢為定值，即為：E=n鈻?B鈻?tS=100隆脕1鈭?(鈭?1)2隆脕0.12V=1V

故答案為：1

在B鈭?t

圖中同一條直線磁通量的變化率是相同的.

由法拉第電磁感應定律可得出感應電動勢大小恒定。

解決本題的關鍵熟練掌握楞次定律和法拉第電磁感應定律，記住法拉第電磁感應定律的公式E=n鈻?婁碌鈻?t

．【解析】1

17、略

【分析】

由圖可知，穿過線圈的磁場方向向下且磁通量增大，由楞次定律可知感應電流的磁場應向上，則由右手螺旋定則可知電流方向從a到b；

由“來拒去留”可知；磁鐵靠近線圈，則線圈與磁鐵相互排斥，即地面對線圈的支持力大于自身的重力；

故答案為：（1）增大（2）上（3）a；b（4）大于。

【解析】【答案】先判斷通過線圈的磁場方向及磁通量的變化；由楞次定律可判斷電路中電流的方向及磁極間的相互作用．

18、略

【分析】【解析】試題分析：根據公式得P點的場強大小為方向與負電荷受的電場力方向相反，故電場方向向左，根據公式得P點的電勢為3.0V，電場強度大小跟試探電荷無關，所以將P點的電荷換成電荷量為的點電荷B，P點的電場強度大小不變，仍為．B電荷的電勢能為．考點：本題考查電場強度和電勢定義式的應用，【解析】【答案】4.0×105向左3.04.0×1056.0×10-1219、略

【分析】【解析】【答案】VC＞VA＝VB20、大不變偏小【分析】解：（1）玻璃的折射率為：n=．

（2）為了減少誤差；應選用寬度大的玻璃磚來測量．

（3）如下左圖所示，紅線表示將玻璃磚向上平移后實際的光路圖，而黑線是作圖時所采用的光路圖，通過比較