…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統編版高三物理上冊月考試卷318考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、人造衛星以地心為圓心，做勻速圓周運動，下列說法正確的是（）A.半徑越大，速度越小，周期越小B.半徑越大，速度越小，周期越大C.半徑越小，速度越小，周期越小D.半徑越小，速度越小，周期越大2、武裝直升機拖曳掃雷具掃除水雷的演習模擬圖如圖所示．掃雷具質量為m，當直升機水平勻速飛行時，繩子與豎直方向恒成θ角，已知物體所受浮力不能忽略，下列說法正確的是（）A.繩子拉力大小為B.繩子拉力一定大于mgC.海水對掃雷具的水平作用力小于繩子拉力D.海水與繩子對掃雷具的總作用力大于mg3、點電荷置于真空中的O點，A、B、C三個虛線圓表示該點電荷電場中三個等勢面，如圖所示．已知等勢面的電勢φA＜φB＜φC，m點位于A等勢面上，n點位于B等勢面上．現有一電子從m點以初速度v0沿mn方向入射，在電子從m點至再次通過A等勢面的過程中，以下判斷正確的是（）A.電子所受的電場力先減小后增大B.電子的電勢能先增大后減小C.電子的動能先增大后減小D.電子的速度先減小后增大4、標有“220V40W”的電扇、電烙鐵等都正常工作5min，它們產生的熱量（）A.一樣多B.電烙鐵最少C.電扇最多D.電烙鐵最多5、波源在坐標原點處；某時刻波剛好傳播到A點，波形如圖所示．若從該時刻開始計時（波源始終振動著），1s時，B點第一次出現波谷，下列說法正確的是（）

A.波源剛開始振動時；沿y軸正向振動。

B.波速是0.04m/s

C.波速是0.10m/s

D.1.35s時；A點沿y軸正向運動。

評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、2012年10月15日著名極限運動員鮑姆加特納從3.9萬米的高空跳下，并成功著陸．假設他沿豎直方向下落，其v-t圖象如圖所示，則下列說法中正確的是（）A.0～t1時間內運動員及其裝備機械能守恒B.t1～t2時間內運動員處于超重狀態C.t1～t2時間內運動員的平均速度D.t2～t4時間內重力對運動員所做的功等于他克服阻力所做的功7、如圖所示，一足夠長的木板靜止在光滑水平面上，一物塊靜止在木板上，木板和物塊間有摩擦．現用水平力向右拉木板，在物塊相對木板運動過程中，撤掉拉力，此后木板和物塊相對于水平面的運動情況為（）A.物塊向右運動，速度逐漸增大，直到做勻速運動B.物塊先向左運動，再向右運動C.木板向右運動，速度逐漸變小，直到做勻速運動D.木板和物塊的速度都逐漸變小，直到為零8、關于簡諧運動，下列說法正確的是（）A.回復力的方向與位移方向相同B.加速度的方向與位移方向相反C.位移越大，回復力越小D.位移越大，加速度越大9、如圖，一質量為60kg的同學表演“輕功”，他將4只充滿氣的相同氣球平放在木板上，氣球上放一輕質塑料板．在這位同學慢慢站上輕質塑料板中間位置的過程中（球內氣體溫度可視為不變），則球內氣體（）A.壓強變大B.壓強變小C.體積變大D.體積變小10、下列說法中正確的是(

)

A.電磁波在同種介質中只能沿直線傳播B.單擺經過平衡位置時，合外力為零C.機械波的傳播周期與機械波中的質點做簡諧運動的周期相等E.觀察者向波源靠近，觀察者感覺波源的頻率變大E.觀察者向波源靠近，觀察者感覺波源的頻率變大11、如圖所示，有一理想變壓器，原線圈匝數為n1，兩個副線圈的匝數分別為n2和n3，原副線圈的電壓分別為U1、U2、U3，電流分別為I1、I2、I3，兩個副線圈負載電阻的阻值未知，下列結論中，正確的是（）A.U1：U2=n1：n2，U2：U3=n2：n3B.=，=C.n1I1=n2I2+n3I3D.I1U1=I2U2+I3U312、（2015秋?金華期末）如圖所示電路中，L是自感系數足夠大的線圈，它的電阻可忽略不計，D1和D2是兩個完全相同的小燈泡．將電鍵K閉合，待燈泡亮度穩定后，再將電鍵K斷開，則下列說法中正確的是（）A.K閉合瞬間，D1先亮，D2后亮，最后兩燈亮度一樣B.K閉合瞬間，兩燈同時亮，以后D1熄滅，D2變亮C.K斷開時，D2立即熄滅，D1閃一下再慢慢熄滅D.K斷開時，兩燈都亮一下再慢慢熄滅13、如圖是“嫦娥一號奔月”示意圖，衛星發射后通過自帶的小型火箭多次變軌，進入地月轉移軌道，最終被月球引力捕獲，成為繞月衛星，并開展對月球的探測．下列說法不正確的是（）A.發射“嫦娥一號”的速度必須達到第三宇宙速度B.在繞月圓軌道上，衛星周期與衛星質量有關C.衛星受月球的引力與它到月球中心距離的平方成反比D.在繞月圓軌道上，衛星受地球的引力小于受月球的引力14、一列沿著x軸正方向傳播的橫波，在t=0時刻的波形圖如圖甲所示，此時質點N位于x軸上x=2.0m處，圖甲中的某質點的振動圖象如圖乙所示．關于該波下列說法正確的是（）A.該波的波速為0.5m/sB.質點N的振幅是0C.圖乙表示的是質點N的振動圖象D.該波在傳播過程中遇到一輛靜止的轎車時會發衍射現象評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、（1）用多用電表的歐姆擋測量量程為3V電壓表的內阻值，紅表筆接電壓表的____（填“正”或“負”）接線柱．用歐姆”×100“擋測量，表盤示數如圖1所示，則阻值約為____Ω，電壓表示數為____V，歐姆“×100”擋內部電源電動勢為____V．

（2）要進一步精確測量電壓表其阻值；實驗室中可提供的器材有：

電阻箱R；最大電阻為9999.9Ω；

定值電阻r=6kΩ；

電動勢約為12V；內阻不計的電源E；

開關；導線若干．

實驗的電路圖如圖2所示，先正確連好電路，再調節電阻箱R的電阻值，使得電壓表的指針半偏，記下此時電阻箱R有電阻值R1；然后調節電阻箱R的值，使電壓表的指針滿偏，記下此時電阻釘R的電阻值R2．

①此實驗計算電壓表內阻Rv的表達式為Rv=____（用字母表示）．

②若電源的內阻忽略不計，則電壓表內阻Rv的測量值將____．

A．偏大B．不變C．偏小D．不能確定，要示電壓表內阻的大小而定．16、在光滑的水平面上一物體靜止，現以水平恒力甲推此物體，加速度為a1，作用一段時間后換成相反方向的水平恒力乙推物體，加速度為a2，當恒力乙作用時間與恒力甲的作用時間相同時，物體恰好回到原處，此時物體的速度為v2，若撤去恒力甲的瞬間物體的速度為v1，則v2：v1=____，a2：a1=____．17、宇航員在某星球表面做了兩個實驗．

實驗一：在該星球上以同樣的高度和初速度平拋同物體；發現其水平射程比地球上遠3倍．

實驗二：飛船繞該星球表面的運行周期是繞地球表面運行周期的2倍．

則該星球與地球的半徑之比為____；該星球與地球的質量之比為____．18、（2011春?寧都縣校級期中）（1）如圖1所示，在“用雙縫干涉測光的波長”實驗中，光具座上放置的光學元件依次為①光源、②____、③____、④____、⑤遮光筒、⑥光屏．安裝時要注意調節光學元件____．對于某種單色光，為增加相鄰亮紋（暗紋）間的距離，可采取____或____的方法；

（2）某次實驗時，該同學調節分劃板的位置，使分劃板中心刻線對齊某亮紋的中心，如圖2所示，此時螺旋測微器的讀數為____mm．轉動手輪，使分劃線向一側移動到另一條亮紋的中心位置，再次從螺旋測微器上讀數．若實驗測得4條亮紋中心間的距離為△x=0.960mm，已知雙縫間距為d=1.5mm，雙縫到屏的距離為L=1.00m，則對應的光波波長λ為____m．19、【題文】如圖為簡單歐姆表原理示意圖,其中電流表的滿偏電流Ig=300μA,內阻Rg=100Ω,可變電阻R的最大阻值為10KΩ,電池的電動勢E=1.5v,內阻r=0.5Ω,圖中與接線柱A相連的表筆顏色應是____色,此歐姆表的內阻為____,KΩ20、某實驗小組利用如圖1所示的實驗裝置來探究當合外力一定時，物體運動的加速度與其質量之間的關系．由圖中刻度尺讀出兩個光電門中心之間的距離x=24cm，由圖中游標卡尺測得遮光條的寬度d=______cm．該實驗小組在做實驗時，將滑塊從圖所示位置由靜止釋放，由數字計時器（如圖2）可以讀出遮光條通過光電門1的時間△t1，遮光條通過光電門2的時間△t2，則滑塊經過光電門1時的瞬時速度的表達式v1=______，滑塊經過光電門2時的瞬時速度的表達式v2=______，則滑塊的加速度的表達式a=______．（以上表達式均用字母表示）

21、有兩個完全相同的帶電絕緣金屬小球A和B，帶電量QA=6.4×10-9C，QB=-3.2×10-9C．讓兩球接觸一下再分開，這時QA=____，QB=____并且在接觸的過程中有____個電子從____轉移到____上．22、先后讓初速度相同的一束氫核和一束氦核通過同一偏轉電場，則氫核偏角的正切和氦核偏角的正切之比為____．評卷人得分四、判斷題(共3題，共27分)23、一定質量的理想氣體，當壓強不變而溫度由100℃上升到200℃時，其體積增加為原來的2倍．____．（判斷對錯）24、一定質量的理想氣體內能的大小只與溫度有關____（判斷對錯）25、幾個不同阻值的電阻并聯后，其總電阻等于各電阻之和．____．（判斷對錯）評卷人得分五、作圖題(共2題，共6分)26、作圖題如圖所示木箱受到水平向右的拉力F作用，在水平地面上向右做勻速直線運動．請畫出木箱的受力分析圖．27、如圖所示，F1、F2是兩個共點力；請按照平行四邊形定則畫出它們的合力F．

評卷人得分六、實驗題(共4題，共24分)28、圖一為用螺旋測微器、圖二為用游標尺上有50個等分刻度的游標卡尺測量工件的情況，請讀出它們的讀數．甲：讀數為____mm乙：讀數為____mm．

29、在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中；小燈泡的規格為。

“3.8V0.3A”；除了開關；導線外，還有如下器材：

電壓表V：量程0～5V；內阻約5kΩ

電流表A1：量程0～500mA；內阻約0.5Ω

電流表A2：量程0～100mA；內阻約4Ω

滑動變阻器R1：最大阻值10Ω；額定電流2.0A

滑動變阻器R2：最大阻值100Ω；額定電流1.0A

直流電源E：電動勢約6V；內阻約0.5Ω

（1）上述器材中，電流表應選____，滑動變阻器應選____．（填器材符號）

（2）在電路中所有元器件都完好，且電壓表和電流表已調零，閉合開關后，發現反復調節滑動變阻器，小燈泡亮度發生變化，但電壓表、電流表的示數不能調為零，則斷路的導線為____（用圖中給出的導線符號表示）．

（3）通過實驗得出了小燈泡的I-U圖線如圖乙，可知在小燈泡上的電壓為2.0V時，小燈泡的電阻是____Ω．

（4）如果把該小燈泡直接接在電動勢是2V、內阻是8Ω的電源上組成閉合回路，則通過小燈泡的電流為____A．30、（10分）有一只小燈泡上標有“12V6W”的字樣，現在要用伏安法測量這只燈炮的U-I圖線。現有下列器材供選用：A．電壓表（0~6V，內阻約10k）B．電壓表（0~15V，內阻約為25k）C．電流表（0~0.3A，內阻約2）D．電流表（0~0。6A，內阻約1）E．滑動變阻器（103A）F．電源（電動勢為15V，內阻較小）G．開關、導線（1）實驗中所用電壓表應選____，電流表應選用____（用序號字母表示）（2）為使實驗誤差盡量減小，并要求從零開始多取幾組數據，請在虛線框內畫出滿足實驗要求的電路圖。（3）某同學通過實驗得到的數據畫出了該小燈泡的U-I圖線（如圖所示），則上燈泡兩端電壓為9.0V時，小燈泡的電阻是____電功率是W。（4）如果將此小燈泡與一個阻值R=20的電阻串聯，并與電動勢為10V，內阻不計的電源串成一個回路，則電阻R所消耗的電功率為____W。31、（2015春?長沙校級期中）如圖所示是在“研究平拋物體的運動”的實驗中記錄的一段軌跡．已知物體是從原點O水平拋出，經測量C點的坐標為（60，45）．則平拋物體的初速度v0=____m/s，該物體運動的軌跡為一拋物線，其軌跡方程為____（g=10m/s2）參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【分析】由萬有引力提供向心力，解得速率和周期的表達式，即可討論得結果．【解析】【解答】解：對于衛星；由萬有引力提供向心力，得：

解得：

，T=2π

可知半徑越大；速度越小，周期越大；半徑越小，速度越大，周期越小．故ACD錯誤，B正確．

故選：B2、C【分析】【分析】對物體受力分析，受重力、浮力、拉力和水的水平方向的摩擦力，根據平衡條件并運用正交分解法列式分析．【解析】【解答】解：A；B、對物體受力分析；受重力、浮力、拉力和水的水平方向的摩擦力，如圖。

根據平衡條件；有。

豎直方向：F浮+Tcosθ=mg①

水平方向：f=Tsinθ②

解得：T=；

A錯誤；B錯誤；

C；D、掃雷器具受到海水的水平方向的作用力摩擦力等于拉力的水平分力；即小于繩子的拉力，故C正確，D錯誤；

故選：C．3、C【分析】【分析】根據電場線與等勢面垂直，且從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，畫出電場線，得到電子的受力情況，最后確定電子的運動情況．根據電場力做功分析電勢能的變化．根據動能定理分析動能的變化．【解析】【解答】解：A、電場線與等勢面垂直且從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，由于?A＜?B＜?C；故處于O點的點電荷為正電荷，故。

電子受到處于O點處電荷的吸引力；其運動軌跡如圖，由于電子與處于O點處正電荷的距離先變小后變大，故電子所受的電場力先增大大后減小；故A錯誤．

B；C、D、電場力對電子先做正功后做負功；故電勢能先減小后增大，動能先增加后減小，則速度先增大后減小．故BD錯誤，C正確．

故選：C．4、D【分析】【分析】不同的用電器消耗的電能轉化成不同的能量，要根據它們的用途或作用去分析能量的轉化．【解析】【解答】解：由銘牌“220V40W”上標示我們看出；這些用電器功率均是40W，即正常工作5min內消耗的電能相同．

而電扇將電能轉化為機械能和內能；電烙鐵將電能全部轉化為內能；

所以它們產生的熱量不一樣多；因電烙鐵將電能全部轉化為內能，則產生的熱量最多的是電烙鐵．

故選：D．5、C|D【分析】

A；波源剛開始振動時的方向與圖示時刻A質點的振動方向相同；波向右傳播，A質點的振動方向沿y軸負方向，所以波源剛開始振動時，沿y軸負向振動．故A錯誤．

B、C當x=2cm處的波谷傳到B時，B點形成第一次波谷，則波速為v===0.1m/s．故B錯誤；C正確．

D、由圖讀出波長為λ=4cm，則周期為T==0.4s；時間t=1.35s=3.375T，相當于0.375T，此時A點沿y軸正向運動．故D正確．

故選CD

【解析】【答案】波源剛開始振動時的方向與圖示時刻A質點的振動方向相同．當x=2cm處的波谷傳到B時；B點形成第一次波谷，根據距離和時間求出波速．根據時間與周期的關系，分析1.35s時，A點的速度方向．

二、多選題(共9題，共18分)6、BC【分析】【分析】速度時間圖象的斜率等于加速度，根據斜率分析加速度大小如何變化，判斷運動員的運動情況．將運動員的運動與勻變速運動進行比較，分析其平均速度．根據功能關系分析重力做功與克服阻力做功的關系．【解析】【解答】解：A、0-t1內圖線的斜率在減小；說明運動員做加速度逐漸減小的加速運動，加速度方向向下，所以運動員及其裝備一定受到阻力作用，機械能不守恒，故A錯誤；

B、t1～t2時間內由于圖象的斜率在減小；斜率為負值，說明加速度方向向上，根據牛頓運動定律得知運動員處于超重狀態，故B正確；

C、t1～t2時間內，若運動員做勻減速運動，平均速度等于，而根據“面積”表示位移得知，此過程的位移小于勻減速運動的位移，所以此過程的平均速度；故C正確；

D、t2～t4時間內重力做正功；阻力做負功，由于動能減小，根據動能定理得知，外力對運動員做的總功為負值，說明重力對運動員所做的功小于他克服阻力所做的功，故D錯誤．

故選：BC．7、AC【分析】【分析】據題，當物塊相對木板滑動了一段距離仍有相對運動時撤掉拉力，此時物塊的速度小于木板的速度，兩者之間存在滑動摩擦力，根據摩擦力的方向分別分析兩個物體的運動情況．【解析】【解答】解：由題知道：當物塊相對木板滑動了一段距離仍有相對運動時撤掉拉力；此時物塊的速度小于木板的速度，兩者之間存在滑動摩擦力，物塊受到木板的滑動摩擦力方向向右，與其速度方向相同，向右做加速運動，而木板受到物塊的滑動摩擦力方向向左，與其速度方向相反，向右做減速運動，當兩者速度相等時一起向右做勻速直線運動．

故選：AC8、BD【分析】【分析】簡諧運動中的回復力F=-Kx；加速度與位移關系為：a=-；據此判斷回復力與加速度和位移之間的關系．【解析】【解答】解：A；簡諧運動中的回復力F=-Kx；故回復力的方向與位移方向相反，故A錯誤；

B、加速度與位移關系為：a=-；故加速度的方向與位移方向相反，故B正確；

C；根據簡諧運動中的回復力F=-Kx；知位移越大回復力越大，故C錯誤；

D、加速度與位移關系為：a=-知；位移越大加速度值越大，故D正確；

故選：BD．9、AD【分析】【分析】根據氣體狀態方程和已知的變化量去判斷其它的物理量．【解析】【解答】解：這位同學慢慢站上輕質塑料板中間位置的過程中；

球內氣體體積減小，溫度不變，根據氣體狀態方程=C得壓強增大．

故選AD．10、CDE【分析】解：A

電磁波在同種均勻介質中沿直線傳播；若不均勻，傳播路徑會改變，故A錯誤；

B；單擺經過平衡位置時；重力和拉力的合力提供向心力，不為零，故B錯誤；

C；機械波的傳播周期性是質點振動周期性的反映；機械波的傳播周期與機械波中的質點做簡諧運動的周期相等，故C正確；

D；做簡諧運動的物體在半個周期內經過的路程一定為振幅的2

倍；一個周期內通過的路程為振幅的四倍，故D正確；

E；根據多普勒效應；觀察者向波源靠近，觀察者感覺波源的頻率變大，故E正確．

故選：CDE

．

電磁波在同種均勻介質中沿直線傳播；對于單擺；重力的徑向分量和拉力的合力提供向心力；做簡諧運動的物體在半個周期內經過的路程一定為振幅的2

倍，一個周期內通過的路程為振幅的四倍；當觀察者和波源相互靠近時，觀察者接收到的頻率增加．

本題考查了電磁波的傳播、單擺的動力學特點、機械波、簡諧運動、多普勒效應等，知識點多，難度小，關鍵記住相關的基礎知識．【解析】CDE

11、ACD【分析】【分析】根據變壓器的匝數與電壓成正比求出兩個副線圈的電壓，再根據輸入功率等于輸出功率求原線圈中的電流．【解析】【解答】解：A、變壓器的匝數與電壓成正比，所以：；．故A正確；

B、C、D、由于變壓器的輸入功率等于輸出功率，所以得：I1U1=I2U2+I3U3

聯立以上各公式得：n1I1=n2I2+n3I3．故CD正確；B錯誤．

故選：ACD12、BC【分析】【分析】電感總是阻礙電流的變化．線圈中的電流增大時，產生自感電流的方向更原電流的方向相反，抑制增大；線圈中的電流減小時，產生自感電流的方向更原電流的方向相同，抑制減小，并與燈泡1構成電路回路．【解析】【解答】解：L是自感系數足夠大的線圈，它的電阻可忽略不計，D1和D2是兩個完全相同的小燈泡。

A、K閉合瞬間，但由于線圈的電流增加，導致線圈中出現感應電動勢從而阻礙電流的增加，所以兩燈同時亮，當電流穩定時，由于電阻可忽略不計，所以以后D1熄滅，D2變亮．故A錯誤；B正確；

C、K閉合斷開，D2立即熄滅，但由于線圈的電流減小，導致線圈中出現感應電動勢從而阻礙電流的減小，所以D1亮一下再慢慢熄滅；故C正確；D錯誤；

故選：BC．13、AB【分析】【分析】要使“嫦娥一號”離開地球；其速度要大于第一宇宙速度，但小于第三宇宙速度；

在繞月圓軌道上；衛星受地球的引力遠小于受月球的引力，可以忽略不計；

根據萬有引力提供向心力，可以求出“嫦娥一號”的繞月速度大小與哪些因素有關．【解析】【解答】解：A；第三宇宙速度；又叫逃逸速度，大于第三宇宙速度，將脫離太陽引力，要使“嫦娥一號”離開地球，其速度要大于第一宇宙速度，小于第三宇宙速度，故A錯誤；

B、根據萬有引力等于向心力，G=m可以求出衛星的繞月速度v=與衛星質量m無關；故B錯誤；

C；根據萬有引力定律；衛星受月球的引力與它到月球中心距離的平方成反比，故C正確；

D；在繞月圓軌道上；衛星受地球的引力遠小于受月球的引力，可以忽略不計，故D正確．

本題選擇不正確的，故選；AB．14、AD【分析】【分析】由甲圖可讀出波長，由乙圖可讀出周期和振幅，求出波速；利用波形平移法判斷質點的振動方向和波傳播方向，再分析圖乙是哪個質點的振動圖象；用發生明顯衍射的條件判斷即可．【解析】【解答】解：AB、由兩圖象可知波長λ=2m，A=0.8m，周期T=4s，由v===0.5m/s；故A正確，B錯誤．

C；由振動圖象可知t=0時該質點向上振動；此波沿著x軸正方向傳播；由波形平移可知由t=0時波的圖象可知N點此時向下振動，所以圖乙不是質點N的振動圖象，故C錯誤．

D；根據生活常識知車的尺度與波長接近；所以可以發生明顯衍射現象，所以D正確．

故選：AD．三、填空題(共8題，共16分)15、負22002.204.7R1-2R2-rA【分析】【分析】（1）歐姆表內置電源正極與黑表筆相連；電源負極與紅表筆相連；電流應從電壓表的正接線柱流入；歐姆表指針示數與擋位的乘積是歐姆表示數；歐姆表內阻等于其中值電阻；應用閉合電路歐姆定律可以求出電源電動勢．

（2）①根據閉合電路歐姆定律列出兩種情況下的表達式即可求出電壓表內阻；②根據閉合電路歐姆定律可知，若電源內阻不能忽略，則電路中電流增大，內壓降變大，路端電壓變小，然后再根據歐姆定律即可得出電壓表的內阻比忽略電源內阻時小，從而得出結論．【解析】【解答】解：（1）用多用電表的歐姆擋測量量程為3V電壓表的內阻值；多用電表的紅表筆接內置電源的負極，紅表筆接電壓表的負接線柱．

用歐姆”×100“擋測量；由圖1所示表盤可知，電壓表內阻約為：22×100=2200Ω；由圖1所示電壓表可知，其量程為3V，分度值為0.1V，電壓表示數為2.20V；

由圖1所示多用電表表盤可知，其中間刻度值為25，則歐姆“×100”擋內阻為25×100=2500Ω，歐姆“×100”擋內部電源電動勢：E=U+Ir=2.20+×2500=4.7V．

（2）①由實驗步驟根據歐姆定律應得，電源電動勢：E=+，E=U+（R2+r），聯立解得：RV=R1-2R2-r；

②若電源的內阻不能忽略；由閉合電路歐姆定律可知，電流增大，電源的路端電壓減小，則②式中應滿足：

U+（R2+r）＜+，解得：RV＜R1-2R2-r；所以測量值偏大，故A正確，故選：A；

故答案為：（1）負；2200；2.20；4.7；（2）①R1-2R2-r；②A．16、2：13：1【分析】【分析】水平恒力甲推此物體過程，物體做勻加速直線運動；水平恒力乙推此物體過程，物體做勻變速直線運動；先根據平均速度公式求解v1和v2的大小之比，再根據加速度求解兩段過程的加速度大小之比．【解析】【解答】解：水平恒力甲推此物體過程；物體做勻加速直線運動；水平恒力乙推此物體過程，物體做勻變速直線運動；

根據平均速度公式；有：

解得：v2=2v1

故v2：v1=2：1

故根據加速度的定義；有：

故答案為：2：1，3：1．17、1：41：256【分析】【分析】根據平拋運動的規律，求出星球與地球表面重力加速度之比，再研究飛船的運動情況，根據重力等于向心力列出半徑的表達式，再求解半徑之比．再由萬有引力等于向心力，列式求得質量的表達式，即可求得質量之比．【解析】【解答】解：根據實驗一，由平拋運動的規律得：h=，x=v0t得：x=v0；．

h和v0相同，由星球上其水平射程比地球上遠3倍，則得星球表面的重力加速度是地球的

對于飛船，由mg=mR

得：R=

由題意：飛船繞該星球表面的運行周期是繞地球表面運行周期的2倍；聯立可得：該星球與地球的半徑之比為1：4．

根據G=mR；

得：M=；結合條件可得：該星球與地球的質量之比為1：256．

故答案為：1：4，1：256．18、濾光片單縫雙縫各中心位于遮光筒的軸線上增大雙縫和遮光屏的間距減小雙縫間的間距2.2704.8×10-7【分析】【分析】（1）在“用雙縫干涉測光的波長”實驗中，讓單色線光源通過雙縫在光屏上形成干涉圖樣，通過條紋的間距公式求出波長的大小；根據該公式可得出增加條紋間距的方法．

（2）螺旋測微器的讀數等于固定刻度讀數加上可動刻度讀數，需估讀．根據條紋的間距公式求出波長．【解析】【解答】解：（1）該實驗是讓單色線光源通過雙縫在光屏上形成干涉圖樣，所以光具座上放置的光學元件依次為光源、濾光片、單縫、雙縫、遮光筒、光屏．注意調節光學元件各中心位于遮光筒的軸線上．根據知；增大雙縫和遮光屏的間距或減小雙縫間的間距，可以增加相鄰亮紋（暗紋）間的距離．

（2）螺旋測微器的固定刻度讀數為2mm；可動刻度讀數為0.01×27.0mm=0.270mm，所以最終讀數為2.270mm．

根據得，=4.8×10-7m．

故答案為：（1）濾光片；單縫、雙縫、各中心位于遮光筒的軸線上、增大雙縫和遮光屏的間距、減小雙縫間的間距．

（2）2.270，4.8×10-719、略

【分析】【解析】紅表筆接內部電源負極，所以與接線柱A相連的表筆顏色應是紅色。待測電阻為0電流表滿偏時電阻為歐姆表的內阻，【解析】【答案】紅色520、略

【分析】解：（1）由圖示游標卡尺可知；主尺的示數為5mm，游標尺示數為2×0.1mm=0.2mm，游標卡尺示數為5mm+0.2mm=5.2mm=0.52cm；

（2）遮光條的寬度與遮光時間的比值是滑塊的瞬時速度，所以滑塊經過光電門的速度v1=v2=

滑塊做勻變速直線運動，則v22-v12=2as；

則加速度a=

故答案為：（1）0.52；（2）．

（1）游標卡尺主尺與游標尺示數之和是游標卡尺的示數；

（2）遮光條的寬度與遮光時間的比值是滑塊的瞬時速度；由勻變速運動的速度位移公式可以求出滑塊的加速度．

對游標卡尺讀數時要注意先確定游標尺的精度，主尺與游標尺的示數之和是物體的長度，注意游標卡尺不需要估讀．【解析】0.52；21、1.6×10-9C1.6×10-9C3.0×1010BA【分析】【分析】完全相同的帶電小球接觸時，若是同種電荷則將總電量平分，若是異種電荷則先中和然后將剩余電量平分【解析】【解答】解：兩球接觸后所帶電荷量相等且為：Q′A=Q′B=C=1.6×10-9C

在接觸過程中，電子由B球轉移到A球，不僅將自身的負電荷全部中和，且電子繼續轉移，使B球帶Q′B的正電；

因此共轉移電子的電荷量為：△Q=3.2×10-9C+1.6×10-9C=4.8×10-9C

轉移的電子數為：n==3.0×1010

即電子由B向A轉移，共轉移了3.0×1010個．

答故答案為：1.6×10-9C，1.6×10-9C，3.0×1010，B，A22、2：1【分析】【分析】粒子在偏轉電場中，做類平拋運動，由牛頓第二定律求得加速度．粒子垂直于電場方向做勻速直線運動，平行于電場方向做初速度為零的勻加速運動，由運動學公式求出偏角的正切表達式，結合兩個粒子的比荷，進行求解．【解析】【解答】解：粒子在偏轉電場中做類平拋運動；由動力學知識可得垂直于電場方向做勻速直線運動，則有：

L=v0t

加速度為：a=

平行于電場方向做初速度為零的勻加速運動，離開電場時平行于電場的分速度為：vy=at

速度偏角的正切為：tanθ==

氫核和氦核的初速度相同；比荷之比為2：1，由上公式可得離開時氫核偏角的正切和氦核偏角的正切之比為2：1．

故答案為：2：1四、判斷題(共3題，共27分)23、×【分析】【分析】一定質量的氣體，保持體積不變，溫度升高時，發生等容變化，根據查理定律分析壓強的變化【解析】【解答】解：根據理想氣體的狀態方程，一定質量的氣體，保持壓強不變，溫度升高時氣體的體積跟它的熱力學溫度成正比，即：；

初狀態：T0=100℃=373K，末狀態：T1=200℃=473K；所以溫度從100℃升高到200℃時，它的體積改變為原來的倍．

故答案為：×24、√【分析】【分析】一定質量的理想氣體的內能只與溫度有關，溫度越高，內能越大．【解析】【解答】解：物態的內能與物體的物質的量；溫度、體積以及物態有關．對一定質量的理想氣體；物質的量一定，物態一定，而氣體分子之間的作用力可以忽略不計，所以一定質量的理想氣體內能的大小只與溫度有關．

故答案為：√25、×【分析】【分析】根據并聯電阻的總電阻的倒數等于個分電阻的讀數之和進行判定即可，【解析】【解答】解：因為并聯電阻的總電阻的倒數等于個分電阻的倒數之和；所以題干則的說法是錯誤的．

故答案為：×五、作圖題(共2題，共6分)26、略

【分析】【分析】根據受力分析，結合運動狀態，即可求解．【解析】【解答】解：由題意可知；木箱受到重力，地面的支持力，水平向右的拉力與地面的滑動摩擦力，如圖所示；

答：如上圖所示．27、略

【分析】【分析】根據平