…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、某平面區(qū)域內(nèi)一靜電場的等勢線分布如圖中虛線所示，一正電荷僅在電場力作用下由a運動至b，設(shè)a、b兩點的電場強度分別為Ea、Eb，電勢分別為a、b，該電荷在a、b兩點的速度分別為va、vb，電勢能分別為Epa、Epb；則（）

A.Ea>EbB.a>bC.va>vbD.Epa>Epb2、某課外探究小組用如圖所示實驗裝置測量學校所在位置的電磁場的水平分量將一段細長的直導(dǎo)體棒南北方向放置，并與開關(guān)、導(dǎo)線、電阻箱和電動勢為內(nèi)阻為的電源組成如圖所示的電路。在導(dǎo)體棒的正下方距離為處放一小磁針，開關(guān)斷開時小磁針與導(dǎo)體棒平行，現(xiàn)閉合開關(guān)，緩慢調(diào)節(jié)電阻箱接入電路中的電阻值，發(fā)現(xiàn)小磁針逐漸偏離南北方向，當電阻箱接入電路的電阻值為時，小磁針的偏轉(zhuǎn)角恰好為60°，已知通電長直導(dǎo)線周圍某點磁感應(yīng)強度為（式中為通過導(dǎo)線的電流強度、為該點到通電長直導(dǎo)線的距離，為常數(shù)），導(dǎo)體棒和導(dǎo)線電阻均可忽略不計，則該位置地磁場的水平分量大小為。

A.B.C.D.3、在如圖的閉合電路中，當滑片P向右移動時；兩電表讀數(shù)的變化是()

A.A變大，V變大B.A變小，V變大C.A變大，V變小D.A變小，V變小4、如圖所示，彈簧測力計下掛一鐵球，將彈簧測力計自左向右逐漸移動時，彈簧測力計的示數(shù)（）

A.不變B.逐漸變小C.先變小再變大D.先變大再變小5、如圖所示，等腰直角三角形abc的三個頂點處分別有垂直于三角形平面的無限長直導(dǎo)線，導(dǎo)線中通有方向向里的恒定電流，P點是bc的中點；若a、b、c三處導(dǎo)線中的電流分別為I、2I、3I，當三角形所在空間加一磁感應(yīng)強度為B，的勻強磁場后，P點的磁感應(yīng)強度為0。已知通電長直導(dǎo)線周圍某點的磁感應(yīng)強度BI是導(dǎo)線中的電流強度，r是該點到導(dǎo)線的垂直距離，k是常數(shù)。保持勻強磁場B0不變，若將長直導(dǎo)線b中的電流增大為4I，且方向保持不變，則關(guān)于P點的磁感應(yīng)強度；下列說法正確的是（）

A.Bp=B0，方向由P指向cB.Bp=B0，方向由P指向aC.Bp=B0，方向由P指向aD.Bp=B0，方向由P指向c6、空間某區(qū)域有一個正三角形其三個頂點處分別固定有三個等量正點電荷，如圖所示，D點為正三角形的中心，E、G、H點分別為正三角形三邊的中點，E、F兩點關(guān)于C點對稱，取無限遠處的電勢為O，下列說法中正確的是（）

A.E、F兩點連線為等勢線B.E、F兩點的電場強度等大反向C.G、H兩點的電場強度相同D.D點的電場強度為07、關(guān)于電場強度，下列說法中正確的是（）A.若在電場中的某點不放試探電荷，則該點的電場強度為0B.真空中點電荷的電場強度公式表明，點電荷周圍某點電場強度的大小，與該點到場源電荷距離r的二次方成反比，在r減半的位置上，電場強度變?yōu)樵瓉淼?倍C.電場強度公式表明，電場強度的大小與試探電荷的電荷量q成反比，若q減半，則該處的電場強度變?yōu)樵瓉淼?倍D.勻強電場中電場強度處處相同，所以任何電荷在其中受力都相同8、黑體輻射的強度與波長的關(guān)系如圖所示；由圖可知下列說法錯誤的是（）

A.隨著溫度的升高，各種波長的輻射強度都增加B.隨著溫度的升高，輻射強度的極大值向著波長較短的方向移動C.任何溫度下，黑體都會輻射各種波長的電磁波D.不同溫度下，黑體只會輻射相對應(yīng)的某些波長的電磁波9、在絕緣光滑的水平面上相距為6L的A、B兩處分別固定正電荷QA、QB，兩電荷的位置坐標如圖甲所示．圖乙是AB連線之間的電勢φ與位置x之間的關(guān)系圖象，圖中x=L點為圖線的最低點，若在x=2L的C點由靜止釋放一個質(zhì)量為m、電量為+q的帶電小球（可視為質(zhì)點），下列有關(guān)說法正確的是（）

A.固定在B處電荷的電量之比為QA:QB=8:1B.小球一定可以到達x=-2L點處C.小球?qū)⒁詘=L點為中心做完全對稱的往復(fù)運動D.小球在x=L處的速度最大評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖所示，電源的電動勢E=12V，內(nèi)阻r=2Ω，直流電動機額定功率為6W，額定電壓為3V，內(nèi)阻R0=0.5Ω，調(diào)節(jié)滑動變阻器R，使電動機剛好正常工作，則此時滑動變阻器通以電流部分的阻值R和電動機的輸出功率P分別為（）

A.R=2.5ΩB.R=3.5ΩC.P=2WD.P=4W11、在電場方向水平向右的勻強電場中，一帶電小球從A點豎直向上拋出，其運動的軌跡如圖所示，小球運動的軌跡上A、B兩點在同一水平線上，M為軌跡的最高點，小球拋出時的動能為8J，在M點的動能為6J；不計空氣的阻力，則下列判斷正確的是()

A.小球水平位移x1與x2的比值為1∶3B.小球水平位移x1與x2的比值為1∶4C.小球落到B點時的動能為32JD.小球從A點運動到B點的過程中最小動能為6J12、把質(zhì)量為m的正點電荷Q在電場中從靜止釋放，在它運動過程中如果不計重力，下列說法正確的是（）A.點電荷運動軌跡必與電場線重合B.點電荷的速度方向必定和所在點的電場線的切線方向一致C.點電荷的加速度方向必定與所在點的電場線的切線方向一致D.點電荷的受力方向必與所在點的電場線的切線方向一致13、如圖所示，ABC-FHG是正三棱柱，△ABC的邊長為L。A點固定一個電荷量為-q的點電荷，C點固定一個電荷量為+q的點電荷，D、E點分別為AC、FG邊的中點，選無窮遠處電勢為0，靜電力常量為k。下列說法中正確的是（）

A.B點的電場強度大小B.將一正試探電荷從F沿FH、HG移到G點，其電勢能逐漸減少C.沿直線DH移動正電荷，電場力做正功D.若在F點再固定一電荷量為+Q的點電荷，G點再固定一個電荷量為-Q的點電荷，則B、H兩點的電勢相等14、如圖所示，在真空中坐標軸上處和處分別固定著兩個點電荷和時在軸上的某位置靜止釋放一帶負電的試探電荷取無窮遠處的電勢為零，試探電荷不影響原來電場的分布，不計的重力和一切阻力，規(guī)定沿軸正向為速度正方向，則電荷的電勢能速度隨時間變化關(guān)系圖象可能正確的是（）

A.B.C.D.15、下說法正確的是A.絲綢摩擦過的玻璃棒帶負電B.元電荷的數(shù)值最早是由美國物理學家密立根測得的C.庫侖提出電場的概念，法拉第利用電場線形象的描述了電場的清晰圖景D.實際上，任何兩個彼此絕緣又相距很近的導(dǎo)體，都可以看成電容器16、物理學是一門以實驗為基礎(chǔ)的學科。在物理學的發(fā)展過程中，許多重要的物理規(guī)律都是由實驗發(fā)現(xiàn)或由實驗驗證了的，下列有關(guān)物理實驗的說法正確的是（）A.探究影響電阻因素的實驗利用了控制變量的思想B.富蘭克林通過油滴實驗測出了元電荷的數(shù)值C.庫侖的扭秤實驗利用了微小量放大法的思想D.探究影響平行板電容器電容的因素實驗中使用靜電計的目的是觀察電容器電荷量的變化評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、如圖所示的電路中，當S斷開時，電流表示數(shù)為S閉合時，電流表示數(shù)為則電源的電動勢_______V，內(nèi)阻_______

18、利用圖像分析問題是物理學中常用的方法；其中的斜率；面積通常具有明確的物理意義。

(1)小明以6m/s的初速度將足球水平踢出，足球在草坪上滾動直到停下來的全過程中的速度—時間圖像如圖1所示，圖1中圖線與坐標軸所圍的面積等于12個小方格的面積，由圖像可知足球在滾動過程中受到的阻力大小____（選填“變大”、“變小”或是“不變”），足球滾動了____m停下來。

(2)利用電流傳感器測量電容器電容的實驗電路圖如圖2所示。電源電壓為8V，先使開關(guān)S與1端相連，電源向電容器充電，然后把開關(guān)S擲向2端，電容器通過電阻R放電。電流傳感器將電流變化的信息傳入計算機，屏幕上顯示出電流i隨時間t變化的i—t曲線如圖3所示，圖中圖線與坐標軸所圍的面積也等于12個小方格的面積，根據(jù)圖3，計算電容器在全部放電過程中釋放的電荷量Q=__C，該電容器的電容C=___F。

19、如圖所示，有一帶電荷量為＋q的點電荷與均勻帶電圓形薄板相距為2d，此點電荷到帶電薄板的垂線通過板的圓心．若圖中b點處的電場強度為零，則圖中a點處的電場強度大小為________，方向________．(靜電力恒量為k)

20、物理意義：反映了導(dǎo)體對電流的______作用。21、電容器。

（1）電容器：儲存電荷和電能的裝置。任何兩個彼此___________又相距很近的___________；都可以看成一個電容器。

（2）電容器的充放電。

a.充電：把電容器的兩極板分別與電池組的兩極相連，兩個極板分別帶上等量的___________電荷的過程，充電過程中，由電源獲得的___________儲存在電容器中。

b.放電：用導(dǎo)線把充電后的電容器的兩極板接通，兩極板上的電荷___________的過程，放電過程中，電容器把儲存的能量通過___________轉(zhuǎn)化為電路中其他形式的能量。22、法拉第心系“磁生電”∶

（1）1831年，英國物理學家_____發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象。產(chǎn)生的電流叫作________。

（2）法拉第的概括。

法拉第把引起感應(yīng)電流的原因概括為五類∶

①變化的_____；

②變化的_____；

③____的恒定電流；

④____的磁鐵；

⑤在磁場中運動的___。

（3）電磁感應(yīng)與感應(yīng)電流：法拉第把他發(fā)現(xiàn)的_____的現(xiàn)象叫作電磁感應(yīng)，產(chǎn)生的電流叫作______。

（4）發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的意義。

①使人們對電與磁內(nèi)在聯(lián)系的認識更加完善，宣告了_____作為一門統(tǒng)一____的誕生。

②使人們找到了_____的條件，開辟了人類的電氣化時代。23、電源的兩個重要參數(shù)是電動勢E和內(nèi)電阻r。對一個閉合電路有兩種特殊情況；當外電路斷開時，電源兩端的電壓等于電源電動勢；當外電路短路時，短路電流等于電動勢和內(nèi)電阻的比值。現(xiàn)有一個電動勢為E、內(nèi)電阻為r的電源和一阻值為的定值電阻，將它們串聯(lián)或并聯(lián)組成的系統(tǒng)視為一個新的等效電源，這兩種連接方式構(gòu)成的等效電源分別如圖甲和乙虛線框所示，和分別為甲、乙等效電源的電動勢和內(nèi)阻。當這兩個新的等效電源分別和一阻值為R的電阻連接時，新的等效電源輸出功率恰好相等；若改為將分別接在這兩個新的等效電源兩端，新的等效電源的輸出功率分別為則。

（1）______（選填“等于”“大于”；“小于”“無法判斷”）

（2）______（選填“等于”“大于”；“小于”、“無法判斷”）

（3）______（選填“等于”、“大于”“小于”“無法判斷”）24、知識點3電荷守恒定律

表述一：電荷既不會___________，也不會___________，它只能從物體的一部分轉(zhuǎn)移到___________，或者從一個物體轉(zhuǎn)移到___________。在轉(zhuǎn)移的過程中，電荷的總量___________。

表述二：一個與外界沒有電荷交換的系統(tǒng)，電荷的代數(shù)和___________。25、電勢差。

（1）定義：電場中兩點之間___________的差值，也叫作___________。UAB=___________，UBA=___________，UAB=-UBA。

（2）電勢差是___________，有正負，電勢差的正負表示電勢的___________。UAB>0，表示A點電勢比B點電勢___________。

（3）單位：在國際單位制中，電勢差與電勢的單位相同，均為___________，符號是___________

（4）靜電力做功與電勢差的關(guān)系。

a.公式：WAB=___________或

b.UAB在數(shù)值上等于___________電荷由A點移到B點時靜電力所做的功。評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)26、如圖所示，磁感應(yīng)強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導(dǎo)線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

27、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短28、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

評卷人得分五、解答題(共1題，共2分)29、如圖所示，傾角的光滑絕緣斜面AB與光滑絕緣圓弧軌道相切于B點，C、D點分別為圓弧最低點和最高點，圓弧半徑B點右側(cè)區(qū)域存在水平向左的勻強電場，電場強度一質(zhì)量為帶電量為的小球從斜面上A點靜止釋放，AB距離小球視為質(zhì)點，不計空氣阻力，重力加速度求：

（1）小球運動至B點時速度大?。?/p>

（2）小球運動至C點時軌道的支持力大??；

（3）重新以某一速度從A點釋放小球，要使其能沿軌道運動至D點，求最小初速度

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【詳解】

A．等勢面的疏密反應(yīng)電場強度的大小，所以A錯誤；

B．研究軌跡與等勢面的交點A；如下圖所示。

電場線與等勢面垂直，再利用物體做曲線運動合外力指向凹側(cè)，所以A點所受電場力水平向左，又因為帶正電，所以A點的電場線水平向左，從而判斷出電場線指向左側(cè)，所以B錯誤；

CD．正電荷在電勢高的地方電勢能大，所以在點的電勢能大于點的電勢能，則Epapb。電荷具有動能和電勢能兩種能量，根據(jù)能量守恒，電勢能大的地方，動能小，所以C正確，D錯誤。

故選C。2、C【分析】【詳解】

由閉合電路歐姆定律可得：

由題目條件可知小磁針處電流產(chǎn)生的磁場為：

由小磁針的偏轉(zhuǎn)角恰好為60°可得：

聯(lián)立解得地磁場的水平分量的大小：

故C正確；ABD錯誤。

故選C。3、B【分析】【詳解】

滑片P向右移動時，R電阻增大總電流減小，所以電流表示數(shù)變小，電動勢不變，內(nèi)電壓、R0兩端電壓減小；所以R兩端電壓增大，電壓表示數(shù)變大，故B正確，ACD錯誤；

故選B．4、C【分析】【詳解】

磁體的不同部位磁性強弱不同，兩端面(磁極)磁性最強，而中間最弱，因而鐵球在條形磁鐵的極和極處受的吸引力最大；在正中間處受到的吸引力最小，所以從左開始，彈簧測力計的示數(shù)先變小，然后變大，故C正確，A；B、D錯誤；

故選C。5、B【分析】【詳解】

由于P點的磁感應(yīng)強度為0，又通電長直導(dǎo)線周圍某點的磁感應(yīng)強度B根據(jù)安培定則，b、c處導(dǎo)線在P點合磁感應(yīng)強度的方向由a指向P，a處導(dǎo)線在P點磁感應(yīng)強度的方向由b指向a，當長直導(dǎo)線b中的電流增大為4I，b、c處導(dǎo)線在P點合磁感應(yīng)強度的方向由P指向a，大小相等，根據(jù)磁感應(yīng)強度的疊加可知Bp=B0

方向由P指向a；ACD錯誤，B正確。

故選B。6、D【分析】【詳解】

A．假設(shè)將一試探電荷由E點移動到F點，點電荷C對其做功為零，但是A、B兩個電荷對其做功不為零，故試探電荷在E、F兩點的電勢能不相等，所以E、F兩點不是等勢點，即E、F兩點的連線不是等勢線；A錯誤；

B．設(shè)等邊三角形的邊長為a，點電荷所帶電荷量為Q，根據(jù)電場強度的疊加，E點的電場強度為點電荷C在此處的電場強度

方向沿CE方向；

F點的場強為點電荷C與點電荷A、B在此處的合場強

方向沿CF方向，E、F兩點的電場強度大小不等；方向相反，B錯誤；

C．根據(jù)電場強度的疊加，可知G點的電場強度為點電荷B在此處的場強

方向沿BG方向；H點的電場強度為點電荷A在此處的場強

方向沿AH方向；所以G、H兩點的電場強度不相同；C錯誤；

D．D點的電場強度等于三個點電荷在此處產(chǎn)生的電場強度的矢量之和，根據(jù)矢量求合可知D點的電場強度為0；D正確。

故選D。7、B【分析】【詳解】

A．電場強度由電場本身決定；與放不放試探電荷無關(guān)，在電場中的某點不放試探電荷，某點的電場強度不為零，故A錯誤；

B．公式是真空中點電荷電場強度的決定式，則點電荷周圍某點電場強度的大小，與該點到場源電荷距離r的二次方成反比，在r減半的位置上；電場強度變?yōu)樵瓉淼?倍，故B正確；

C．公式是電場強度的定義式；電場強度由電場本身決定，電場中某點的電場強度的大小與試探電荷所帶的電荷量大小無關(guān)，故C錯誤；

D．電荷在電場中所受電場力F=qE，電荷在電場中所受電場力與q、E有關(guān)，勻強電場中的電場強度處處相同，電荷的電荷量q不同；電荷在其中受力不同，故D錯誤。

故選B。8、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由題圖可以看出；隨著溫度的升高，各種波長的輻射強度都增加，故A正確，不符合題意；

B．隨著溫度的升高；輻射強度的極大值向波長較短的方向移動，故B正確，不符合題意；

CD．任何溫度下；黑體都會輻射各種波長的電磁波，故C正確，不符合題意，D錯誤，符合題意。

故選D。9、D【分析】【詳解】

據(jù)φ-x圖象切線的斜率等于場強E，則知x=L處場強為零，根據(jù)點電荷場強則有：解得QA：QB=4：1；故A錯誤．根據(jù)動能定理得：qU=0，得U=0，所以小球能運動到電勢與出發(fā)點相同的位置，由圖知向左最遠能到達x=-L點處，然后小球向右運動，小球?qū)⒁詘=0.5L點為中心作往復(fù)運動，故BC錯誤．因x=L處場強為零，所以小球在C處受到的場強向左，向左加速運動，到x=L處加速度為0，從x=L再向左運動時，電場力向右，做減速運動，所以小球在x=L處的速度最大，故D正確．故選D．

【點睛】

解決本題首先要理解φ-x圖象切線的意義，知道電場力做功和路徑無關(guān)，只和初末兩點的電勢差有關(guān)，掌握電場力做功的公式W=qU和電荷場強公式，靈活運用電場的疊加原理．二、多選題(共7題，共14分)10、A:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)可知電動機中的電流為：

滑動變阻器兩端的電壓為：

故滑動變阻器連入電路的電阻為：

A正確B錯誤；

CD．電動機的輸出功率為：

C錯誤D正確。

故選AD。11、A:C【分析】【詳解】

AB.將小球的運動沿水平和豎直方向正交分解，水平分運動為初速度為零的勻加速直線運動。豎直分運動為豎直上拋運動，所以從A到M和從M到B點所用時間相等。對于初速度為零的勻加速直線運動，在連續(xù)相等的時間間隔內(nèi)位移之比為1:3，則小球水平位移x1與x2的比值為1：3；故A正確，B錯誤；

C.設(shè)物體在B動能為EkB，水平分速度為vBx，豎直分速度為vBy；

由豎直方向運動對稱性知：

對于水平分運動運用動能定理得：Fx1=F(x1+x2)=

由A可知x1：x2=1：3；

解得：Fx1=6J，F(xiàn)(x1+x2)=24J，

故EkB==32J，

故C正確；

D.小球受力如圖所示：

小球受到的合外力為重力和電場力的合力，為恒力，在A點時，合力與速度之間的夾角為鈍角，在M點時，合力與速度之間的夾角為銳角，即合力先做負功后做正功，小球的動能先減小后增大，小球從M到B的過程，合力一直做正功，動能一直增大。則小球從A運動到B的過程中最小動能一定小于6J；故D錯誤。

故選：AC。12、C:D【分析】【詳解】

A．點電荷運動軌跡不一定與電場線重合；只有當電荷由靜止釋放（初速度與電場線共線）且電場線是直線，不計其他作用力時，電荷的運動軌跡才與電場線恰好重合，A錯誤；

B．點電荷的速度方向和所在點的電場線的切線方向無關(guān)；B錯誤；

CD．根據(jù)庫侖定律；正點電荷的加速度方向一定與電場力的方向相同，正電荷所受電場力的方向必定與所在點的電場線的切線方向一致，CD正確。

故選CD。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．-q和+q在B產(chǎn)生的場強等大，為

夾角為120°，根據(jù)矢量三角形定則可知B點的電場強度大小為

故A正確；

B．根據(jù)等量異種電荷的電場線分布特點可知，G點的電勢比F點的電勢高，根據(jù)

將一正試探電荷從F沿FH、HG移到G點；其電勢能逐漸增大，故B錯誤；

C．根據(jù)等量異種電荷的電場線分布特點可知，DBHE是一等勢面，所以沿直線DH移動正電荷；電場力不做功，故C錯誤；

D．若在F點再固定一電荷量為+Q的點電荷，G點再固定一個電荷量為-Q的點電荷，根據(jù)對稱性可知，B、H兩點的場強；電勢相等；故D正確。

故選AD。14、A:C【分析】【詳解】

根據(jù)題意畫出上電場分布如下圖。

A．其中A點電場強度為0，題目中規(guī)定無限遠電勢為0，則A點電勢為正，如果帶負電試探電荷放在A點，則受力為0靜止不動；且電勢能為負值，故A正確；

B．A點是唯一的，在A點電勢能不可能是正值；故B錯誤；

C．如果把放在A點右側(cè)，受力向左沿軸負向加速，經(jīng)過A點后減速；做往復(fù)運動，故C正確；

D．如果沒有把放在A點，那么一定先向著A點運動；加速度越來越小，故D錯誤。

故選AC。15、B:D【分析】【詳解】

A．絲綢摩擦玻璃棒的過程中；由于玻璃棒原子核束縛電子的本領(lǐng)弱，一部分電子轉(zhuǎn)移到絲綢上而始玻璃棒帶正電，故A錯誤；

B．元電荷的數(shù)值最早是由美國物理學家密立根測得的；故B正確；

C．法拉第提出電場的概念；并利用電場線形象的描述了電場的清晰圖景，故C錯誤；

D．任何兩個彼此絕緣又相距很近的導(dǎo)體，都可以看成電容器而能儲存一定量的電荷，故D正確．16、A:C【分析】【詳解】

A．電阻大小取決于電阻率；長度及截面積；故在實驗中應(yīng)采用控制變量法；故A正確；

B．密立根通過油滴實驗測出了元電荷的數(shù)值；故B錯誤；

C．法國物理學家?guī)靵隼门こ訉嶒灠l(fā)現(xiàn)了電荷之間的相互作用規(guī)律時利用了放大法的思想；故C正確；

D．探究影響平行板電容器電容的因素實驗中使用靜電計的目的是觀察電容器電壓的變化；故D錯誤。

故選AC。三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【詳解】

[1][2]開關(guān)S斷開時，由閉合電路歐姆定律可得

閉合時有

聯(lián)立解得【解析】6318、略

【分析】【詳解】

(1)因為v-t圖象的斜率變小，表示加速度減小，根據(jù)牛頓第二定律f=ma；知足球在滾動過程中受到的阻力變?。粓D1中圖線與坐標軸所圍面積表示位移即為足球滾動的距離，1格面積是1，12格面積是12，所以位移是12m，足球滾動了12m才停下來。

(2)在電容器放電過程中的任意瞬時有：△Q=I?△t，故i-t圖線與t軸所圍面積即為電容器所帶電荷量的最大值，由圖可知該面積等于12個小方格的面積，因此電容器所帶電荷量的最大值，由圖可知該面積等于12個小方格的面積．因此電容器所帶電荷量的最大值根據(jù)電容的定義式

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵是理解圖象面積的物理意義，v-t圖象的面積代表位移，i-t圖線的面積代表電量?！窘馕觥孔冃?20.0240.00319、略

【分析】【詳解】

q在b點形成的電場強度的大小為方向向左；因b點場強為零，故薄板在a點的場強方向向右，大小也為由對稱性可知，薄板在a點的場強方向向左；q在a處產(chǎn)生的場強大小為方向向左，根據(jù)電場的疊加原理可得：a點處的電場強度大小為方向水平向左．

【點睛】

題目中要求的是薄板形成的場強，看似無法解決；但注意b點的場強是由薄板及點電荷的電場疊加而成，故可求得薄板在b點的電場強度，而薄板兩端的電場是對稱的，故由對稱性可解．【解析】水平向左20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】阻礙21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]電容器指儲存電荷和電能的裝置。任何兩個彼此絕緣又相距很近的導(dǎo)體；都可以看成一個電容器；

（2）[3][4]充電指把電容器的兩極板分別與電池組的兩極相連；兩個極板分別帶上等量的異種電荷的過程，充電過程中，由電源獲得的電能儲存在電容器中；

[5][6]放電指用導(dǎo)線把充電后的電容器的兩極板接通，兩極板上的電荷中和的過程，放電過程中，電容器把儲存的能量通過電流做功轉(zhuǎn)化為電路中其他形式的能量?！窘馕觥竣?絕緣②.導(dǎo)體③.異種④.電能⑤.中和⑥.電流做功22、略

【分析】【詳解】

略【解析】法拉第感應(yīng)電流電流磁場運動運動導(dǎo)體磁生電感應(yīng)電流電磁學學科磁生電23、略

【分析】【詳解】

(1)[1]甲圖中等效電源的電動勢為

乙圖中等效電源的電動勢等于間的電壓，即

所以

(2)[2]甲圖中等效內(nèi)電阻為

乙圖中等效內(nèi)電阻等于與并聯(lián)的阻值，即有

所以

(3)[3]電源U-I圖線與電阻U-I圖線的交點表示該電阻接在該電源上時的工作狀態(tài)；此交點橫；縱坐標的乘積為電源的輸出功率；

由于兩個新的等效電源分別和一阻值為的電阻連接時，新的等效電源輸出功率相等。則兩電源的U-I線與電阻R的U-I線交于一點如下圖。

結(jié)合畫出的U-I線，如上圖，可知【解析】大于大于小于24、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.創(chuàng)生②.消滅③.另一部分④.另一個物體⑤.保持不變⑥.保持不變25、略

【分析】【分析】

【詳解】

電勢差。

（1）[1][2][3][4]定義：電場中兩點之間電勢的差值，也叫作電壓。UAB=UBA=UAB=-UBA