…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版PEP選修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、物理學家金斯說過：“雖然h的數值很小，但是我們應當承認，它是關系到保證宇宙存在的。如果說h嚴格等于0，那么宇宙的物質、宇宙的物質能量，將在十億萬分之一秒的時間內全部變為輻射。”其中h是普朗克常量。關于h的單位，用國際單位制的基本單位表示，正確的是A.J·sB.J/sC.kg·m2/sD.kg·m2·s32、一定質量的理想氣體從狀態A變化到狀態再變化到狀態其狀態變化過程的圖象如圖。已知該氣體在狀態A時的溫度為對該氣體說法正確的是（）

A.在狀態時的溫度是B.從狀態到狀態過程中對外做功C.狀態A下氣體的內能大于在狀態氣體的內能D.從狀態A到狀態的過程中放出的熱量3、如圖所示，長度為L的通電直導線位于勻強磁場中，導線與磁場方向垂直．當導線中的電流為I時，導線所受安培力的大小為F．則該勻強磁場的磁感應強度大小為

A.B.C.FILD.FI4、下列物理量中，屬于標量的是A.電勢能B.電場強度C.磁感強度D.洛倫茲力5、如圖所示，ACD、EFG為兩根相距L的足夠長的金屬直角導軌，它們被豎直固定在絕緣水平面上，CDGF面與水平面成θ角．兩導軌所在空間存在垂直于CDGF平面向上的勻強磁場，磁感應強度大小為B．兩根質量均為m、長度均為L的金屬細桿ab、cd與導軌垂直接觸形成閉合回路，桿與導軌之間的動摩擦因數均為μ，兩金屬細桿的電阻均為R，導軌電阻不計．當ab以速度v1沿導軌向下勻速運動時，cd桿正好以速度v2向下勻速運動，重力加速度為g．以下說法正確的是。

A.回路中的電流強度為B.ab桿所受摩擦力為mgsinθC.cd桿所受摩擦力為D.μ與v1大小關系滿足=tanθ+6、下列說法中正確的是（）A.物體是由大量分子組成的B.無論是無機物質的分子，還是有機物質的大分子，其分子大小的數量級都是10﹣10mC.本節中所說的“分子”，只包含化學中的分子，不包括原子和離子D.分子的質量是很小的，其數量級為10﹣10kg7、質點做簡諧振動的位移x隨時間t變化的規律如圖所示，該質點在t1與t2時刻。

A.位移相同B.速度相同C.加速度相同D.回復力相同8、對光電效應的解釋正確的是()A.只要光照射的時間足夠長，任何金屬都能產生光電效應B.如果入射光子的能量小于金屬表面的電子克服原子核的引力而逸出時所需做的最小功，便不能發生光電效應C.金屬鈉的每個電子可以吸收一個或一個以上的光子，當它積累的動能足夠大時，就能逸出金屬D.發生光電效應時，入射光越強，光子的能量就越大，光電子的最大初動能就越大評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示，在xoy平面內的坐標原點處，有一個粒子源，某一時刻以同一速率v發射大量帶正電的同種粒子，速度方向均在xoy平面內，且對稱分布在x軸兩側的30°角的范圍內．在直線x=a與x=2a之間包括邊界存在勻強磁場，方向垂直于xoy平面向外，已知粒子在磁場中運動的軌跡半徑為2a．不計粒子重力及粒子間的相互作用力，下列說法正確的是（）

A.最先進入磁場的粒子在磁場中運動的時間為B.最先進入和最后進入磁場中的粒子在磁場中運動的時間都相等C.最后從磁場中射出的粒子在磁場中運動的時間為D.最后從磁場中射出的粒子出場的位置坐標為10、在如圖所示電路中，>r，當變阻器R3的滑片P向b端移動時，下列說法正確的是（）

A.電源內部消耗的熱功率增大B.電源的輸出功率增大C.電壓表示數變小，電流表示數變大D.電壓表示數變大，電流表示數變小11、如圖所示電路，開始時K處于斷開狀態，A1、A2、V1、V2示數分別為I1、I2、U1、U2；現將K閉合，下列對各表讀數的變化情況判斷正確的是（）

A.U1減小B.U2減小C.I1增大D.I2增大12、如圖所示，一個質量為m、帶電量為+q的小球套在一根絕緣的粗糙桿上，小球可以沿桿滑動，桿與水平方向夾角為θ，二者間動摩擦因數為μ．整個裝置處在磁感應強度大小為B,方向垂直紙面向里的勻強磁場中．將小球無初速度釋放，桿足夠長，關于小球的運動下列說法正確的是（）

A.小球的最大加速度為gsinθB.當qvB=mgcosθ時小球速度最大C.小球的最大速度為v=+D.小球的機械能先減小后不變13、下列四幅圖分別對應四種說法；其中正確的是（）

A.微粒運動就是物質分子的無規則熱運動，即布朗運動B.當兩個相鄰的分子間距離為時，分子間作用力最小，分子勢能也最小C.食鹽晶體的物理性質沿各個方向都是一樣的D.小草上的露珠呈球形的主要原因是液體表面張力的作用14、如圖所示，在方向垂直于紙面向里，磁感應強度為B的勻強磁場區域中有一個由均勻導線制成的單匝矩形線框abcd，線框在水平拉力作用下以恒定的速度v沿垂直磁場方向向右運動，運動中線框ab邊始終與磁場右邊界平行，線框邊長ad=cd=2線框導線的總電阻為R；則線框離開磁場的過程中（）

A.ab間的電壓為B.ad間的電壓為C.線框中的電流在ab邊產生的熱量為D.線框中的電流在ad邊產生的熱量為15、如圖(甲)所示,虛線右側存在勻強磁場,磁場方向垂直紙面向外,正方形金屬線框電阻為R,邊長是L,自線框從左邊界進入磁場時開始計時,在外力作用下由靜止開始,以垂直于磁場邊界的恒定加速度a進入磁場區域,t1時刻線框全部進入磁場.規定順時針方向為感應電流I的正方向.外力大小為F,線框中電功率的瞬時值為P,通過導體橫截面的電荷量為q,其中Pt圖像為拋物線.則圖中這些量隨時間變化的關系不正確的是)

A.B.C.D.16、如圖甲所示，在x軸上有兩個沿y軸方向做簡諧運動的波源S1和S2，t=0時刻兩波源同時開始振動，振動圖像均如圖乙所示，波源S1形成的簡諧橫波在介質中沿x軸正方向傳播，S2形成的簡諧橫波在介質中沿x軸負方向傳播，波速均為2m/s．A是平衡位置位于x=2m處的質點；下列說法正確的是。

A.兩列波的波長均為4mB.t=ls時，質點A開始運動C.t=2s時，質點A速度為零E.從t=3s到t=5s，質點A通過的路程是16cmE.從t=3s到t=5s，質點A通過的路程是16cm17、如圖所示，半徑為r的圓形區域內有垂直于紙面向里的勻強磁場，一個帶電粒子以速度v從A點沿直徑AOB方向射入磁場，經過Δt時間從C點射出磁場，∠AOC為1200．現將帶電粒子的速度變為v/3，仍從A沿直徑射入磁場，不計重力，則（）

A.運動半徑為rB.運動半徑為r/C.粒子在磁場中運動時間變為D.粒子在磁場中運動時間變為2Δt評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)18、如圖所示是兩列相干波的干涉圖樣，實線表示波峰，虛線表示波谷，兩列波的振幅都為0.1m，波速和波長分別為1m/s和0.2m，C點為AB連線的中點．則圖示時刻C點的振動方向_____（選填“向上”或“向下”），從圖示時刻再經過0.25s時，A點經過的路程為______m．

19、我國南方谷雨時節，天氣潮濕，門窗、墻面、地面都會“出汗”，這是由于空氣中的水分子達到飽和，使得北方人在南方時大多感覺不適，那么在物理學中用來描述此潮濕感覺的物理量是_______。此現象中，水珠附著在墻面成露珠狀，是由于液體_______作用的結果。20、一個系統的溫度由200K升高到300K，另一個系統的溫度由200℃升高到300℃，則它們升高了__________（選填“相同”或“不同”）溫度，它們升高到的溫度__________（選填“相同”或“不同”）。21、石坑崆位于廣東省乳源瑤族自治縣西部70多公里的群山中，是廣東和湖南交界的地方，又名莽山峰，海拔1902米，是廣東第一高峰。某人從山底釋放一氣象探測氣球，氣球上升到山頂時，內部氣體的壓強變小。若氣球上升過程中體積不變，則從山底到山頂，氣球內氣體分子的平均動能___________（選填“變大”“變小”或“不變”）；該過程中，氣球內氣體___________（選填“放出”或“吸收”）熱量。22、有一個電流表G，內阻Rg=10Ω，滿偏電流Ig=3mA．要把它改裝為量程0～3V的電壓表，要串聯的電阻阻值為______，要把它改裝為量程是0～0.6A的電流表，要并聯的電阻阻值為_____．評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共15分)26、某同學設計實驗測定金屬的電阻率．用米尺測量金屬絲的長度，用螺旋測微器測量金屬絲的直徑時的刻度如圖所示。金屬絲的電阻大約為，在用伏安法對金屬絲的電阻進行進一步測定時，有如下供選擇的實驗器材：

直流電源：電動勢，內阻可不計；

電流表：量程為，內阻；

電流表：量程為，內阻；

電壓表：量程，內阻；

滑動變阻器：最大阻值；

滑動變阻器：最大值值

開關、導線等。

(1)從圖中讀出金屬絲的直徑__________

(2)在所給的可供選擇的器材中，應該選用的電流表是__________，應該選用的滑動變阻器是__________（填寫器材的字母代號）；

(3)用所選的器材，在下邊的方框中畫出實驗電路圖_____________；

(4)實驗測出電阻絲的電阻為，根據測量數據，計算電阻率的公式是__________。這種金屬材料的電阻率為__________（保留一位有效數字）。

27、某同學在一次“測定金屬的電阻率”的實驗中，用米尺測出接入電路部分的金屬絲的長度為l=0.720m，用螺旋測微器測出金屬絲直徑（刻度位置如圖所示），用伏安法測出金屬絲的電阻（電阻大約為5Ω），然后計算出該金屬材料的電阻率．在用伏安法測定金屬絲的電阻時，除被測金屬絲外，還有如下實驗器材料：

A.直流電源（輸出電壓為3V）

B.電流表A（0～0.6A，內阻約0.125Ω）

C.電壓表A（0～3V，內阻3kΩ）

D.滑動變阻器（最大阻值20Ω）

E.開關、導線等

（1）從圖中讀出金屬絲的直徑為____________mm．

（2）根據所提供的器材，在虛線框中畫出實驗電路圖____________．

（3）若根據伏安法測出金屬絲的阻值為Rx=4.0Ω，則這種金屬材料的電阻率為_________Ω?m（保留兩位有效數字）28、長郡中學新進了一批電阻絲；每卷長度L=100m，阻值約為150Ω，高三物理興趣小組想盡量準確測出其電阻率．先用螺旋測微器測出電阻絲的直徑如圖所示，然后在實驗室找來了下列器材，請協助完成．

待測電阻絲1卷。

電源E(電動勢4.5V，內阻r≈0.5Ω)

電流表A1(量程10mA，內阻RA1=50Ω)

電流表A2(量程30mA，內阻RA2≈30Ω)

滑動變阻器R1(最大阻值為20Ω)

滑動變阻器R2(最大阻值為50Ω)

定值電阻R3=100Ω

定值電阻R4=400Ω

開關一個；導線若干。

(1)螺旋測微器測出電阻絲的直徑d=___________cm．

(2)滑動變阻器應選用___________，定值電阻應選用___________．

(3)請用筆畫線代替導線，將已連接了三根導線的實物圖補充成實驗線路圖____________．

(4)連接電路，閉合開關，移動滑動變阻器，并記錄下多組電流表A1的示數I1、電流表A2的示數I2，以I1為橫坐標，I2為縱坐標，描點作圖并測得圖象的斜率為k，則電阻絲的電阻率為___________(用題中已給出的字母表示)，此法測量出的電阻率較真實值___________(填“偏大”“偏小”或“無系統誤差”)．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

根據每一份能量子等于普朗克常數乘以輻射電磁波的頻率功的公式牛頓第二定律進行推導；

【詳解】

J不是基本單位，根據功的公式牛頓第二定律可知根據每一份能量子等于普朗克常數乘以輻射電磁波的頻率可得：h用國際單位制的基本單位表示故C正確，A；B、D錯誤；

故選C。

【點睛】

關鍵要掌握國際單位制中力學基本單位：米、千克、秒；及三個公式2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．對于理想氣體由圖象可知A→B等容變化，由查理定律得

得

解得

故A錯誤；

B．對于理想氣體由圖象可知B→C等壓變化，則從狀態到狀態過程中對外做功

故B正確；

C．由理想氣體狀態方程可知

即

得

則狀態A下氣體的內能等于在狀態氣體的內能；故C錯誤；

D．氣體從狀態A到狀態C體積增大，對外做功，即W＜0

且TA=TC，A到狀態C的過程中內能變化量為0，由熱力學第一定律得Q＞0

所以A→C的過程中吸熱；故D錯誤。

故選B。3、A【分析】【詳解】

電流與磁場垂直，安培力最大，為F，電流大小為I，長度為L，故磁感應強度大小為：B=故BCD錯誤，A正確；故選A.

點睛：解決本題的關鍵是知道當導線的方向與磁場的方向平行，所受安培力為0，最小．當導線的方向與磁場方向垂直時，安培力最大，為F=BIL．4、A【分析】【分析】

標量是只有大小沒有方向的物理量；矢量是既有大小又有方向的物理量．根據有無方向確定．

【詳解】

電場強度；磁感應強度和力都是矢量；只有電勢能是標量，故屬于標量的選A．

【點睛】

矢量與標量明顯的區別是：矢量有方向，標量沒有方向．要掌握物理量的矢標性．5、D【分析】【分析】

ab下滑時切割磁感線產生感應電動勢，cd不切割磁感線，根據法拉第電磁感應定律和歐姆定律求解電流強度；根據平衡條件和安培力公式求解ab桿和cd桿所受的摩擦力；兩個平衡方程結合分析D項．

【詳解】

ab桿產生的感應電動勢E=BLv1；回路中感應電流為：故A錯誤；ab桿勻速下滑，受力平衡條件，則ab桿所受的安培力大小為：F安=BIL=方向沿軌道向上，則由平衡條件得ab所受的摩擦力大小為：f=mgsinθ-F安=mgsinθ-故B錯誤．cd桿所受的安培力大小也等于F安，方向垂直于導軌向下，則cd桿所受摩擦力為：f=μN=μ（mgcosθ+F安）=μ（mgsinθ+），故C錯誤．根據cd桿受力平衡得：mgsin（90°-θ）=f=μ（mgsinθ+），則得μ與v1大小的關系為：μ（mgsinθ+）=mgcosθ，即=tanθ+故D正確．故選D．

【點睛】

對于雙桿問題，可采用隔離法分析，其分析方法與單桿相同，關鍵分析和計算安培力，再由平衡條件列方程解答．6、A【分析】【詳解】

A項：根據分子動理論的內容可知；物體是由大量分子組成的，故A正確；

B項：除了一些有機物質的大分子，多數分子大小的數量級為10﹣10m；故B錯誤；

C項：本節中所說的“分子”；包含化學中的分子，也包括原子和離子，故C錯誤；

D項：分子的質量很小，一般情況的數量級是10﹣26kg；故D錯誤；

故選：A。7、B【分析】【分析】

由振動圖象讀出兩個時刻質點的位移關系，根據回復力、加速度大小與位移大小成正比，方向與位移方向相反，分析加速度關系；在t1、t2時刻質點的位置關于平衡位置對稱；而且同向運動，速度相同；

【詳解】

A、由振動圖象讀出兩個時刻質點的位移大小相等，方向相反，位移不同，故A錯誤；

B、在t1、t2時刻質點的位置關于平衡位置對稱，而且都沿負方向運動，所以速度相同，故B正確；

CD、兩個時刻質點的位移大小相等，方向相反，由可知回復力大小相同，方向相反；由知加速度也大小相等，方向相反，所以回復力不同，加速度不同，故C、D錯誤；

故選B．

【點睛】

關鍵是明確回復力、加速度與位移這三個量大小變化情況是一致的，但速度要注意其方向的不同．8、B【分析】【詳解】

A.無論照射的時間多么長；只要光的頻率小于金屬的極限頻率就不能產生光電效應，故A錯誤；

B.根據光電效應的條件可知；入射光子的能量小于電子脫離某種金屬所做功的最小值，不能發生光電效應，故B正確；

C.金屬內的每個電子吸收一個光子；獲取能量，若足夠克服金屬做功，就能逸出金屬，若不夠克服金屬做功，就不會逸出金屬，不會發生積累，故C錯誤；

D.光電子的最大初動能與入射光的頻率有關，與光的強度無關，故D錯誤。二、多選題(共9題，共18分)9、A:C:D【分析】【詳解】

沿x軸方向射出的粒子最先進入磁場，由幾何關系可知，粒子在磁場中運動的偏轉角為所以運動時間為故A正確；沿與x軸成角的兩個方向同時進入磁場，沿與x軸成角斜向下方進入磁場的粒子在磁場中偏轉角為所以用的時間為弦長為粒子進入磁場的位置離x軸的距離為所以最后從磁場中射出的粒子出場的位置的縱坐標為所以最后從磁場中射出的粒子出場的位置坐標為故B錯誤，CD正確.10、A:B:C【分析】由圖可知，電阻R2與滑動變阻器并聯后與R1串聯，電壓表測量路端電壓；電流表測量滑動變阻器的電流．當滑片向b端移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小；干路電流增大，根據U=E-Ir可得，路端電壓U減小，即電壓表示數減小；因干路電流增大，則R1兩端的電壓增大，并聯部分電壓減小，則流過R2的電流減小；則流過電流表的電流增大；故C正確，D錯誤；因外電阻大于內電阻，當滑片向b移動時，總電阻減小，則外部電阻接近內阻，故電源的輸出功率增大，故B正確；因為干路電流增大，則由公式P=I2r可知，電源內部消耗的功率增大，故A正確．所以ABC正確，D錯誤．11、B:C【分析】將電鍵K閉合后，外電路總電阻減小，總電流增大，根據U=E-I總r可知內電壓增大，路端電壓減小，則I1增大，U2減小，根據歐姆定律可知，U1增大．由串聯電路分壓規律可知，R2的電壓減小，則I2減小，故BC正確，AD錯誤。12、A:C【分析】【詳解】

A、當FN=0時，加速度最大，a=gsinθ；故A正確；

BC、FN反向后，當a=0時，速度最大，即mgsinθ=μ（qvB-mgcosθ），解得v=+故B錯誤，C正確；

D、小球在運動的過程中，摩擦力做負功，故小球的機械能一直減小，故D錯誤．13、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．分子的無規則的運動叫熱運動；布朗運動是懸浮在液體中的固體小顆粒的無規則運動，不是熱運動，故A錯誤；

B．當分子間距離從r0逐漸增大時，分子間的引力先增大后減小，分子相互遠離時分子力做負功，分子勢能增大；當分子之間距離小于r0時，分子力為斥力，再相互靠近分子力做負功，分子勢能增大，所以當r=r0時；分子間作用力最小，勢能也最小，故B正確；

C．食鹽晶體是單晶體；其物理性質沿各個方向是不一樣的，故C錯誤；

D．由于表面張力的作用；液體要收縮至表面積最小，所以小草上的露珠呈球形，故D正確。

故選BD。14、A:D【分析】【詳解】

感應電動勢：E=2Blv，感應電流：ab間的電壓為而ad間的電壓為：故A正確，B錯誤．線框中的電流在ab邊產生的熱量為故C錯誤．由上分析可知，線框中的電流在ad邊產生的熱量：故D正確．故選AD．15、A:B:D【分析】【詳解】

A.線框做勻加速運動，其速度v=at，感應電動勢E=BLv，感應電流i與t成正比；故A錯誤；

B.線框進入磁場過程中受到的安培力由牛頓第二定律得：得F-t圖象是不過原點的傾斜直線；故B錯誤；

C.線框的電功率P-t圖象是拋物線的一部分；故C正確；

D.線框的位移電荷量q-t圖象應是拋物線，故D錯誤。16、A:B:E【分析】【詳解】

A、由圖知，兩列波的周期均為2s，故波長均為故A正確；

B、波源S1的振動形式傳到A點所需的時間波源S2的振動形式傳到A點所需的時間故t=ls時，波源S1的振動形式剛好傳到A點，波源S2的振動形式還沒傳到A點，故質點A開始運動,B正確；

C、t=2s時，質點A起振后振動的時間此時質點A在平衡位置，速度最大，故C錯誤；

D、t=3s時，波源S2的振動形式還沒傳到A點，故質點A起振后振動的時間此時質點A位于平衡位置，位移為0cm，故D錯誤；

E、t=3s后，兩列波都已傳到A點，因為由波的疊加原理可得：A點時振動加強點；從t=3s到t=5s，故質點A的位移故E正確．17、B:D【分析】【分析】

由于粒子在勻強磁場是做勻速圓周運動，運動周期T=與粒子速度大小無關，可見，要計算粒子在磁場中運動的時間，只要求得它在磁場中運動軌跡對應的圓心角，就可得到所用的時間．

【詳解】

圓形磁場區域的半徑是r，以速度v射入時，半徑r1=

根據幾何關系可知，=tan60°，所以r1=r，運動時間以速度射入時，半徑r2=所以r2=r，設第二次射入時的圓心角為θ，根據幾何關系可知：所以θ′=120°，則第二次運動的時間為：故選BD．

【點睛】

帶電粒子在磁場中運動的題目解題步驟為：定圓心、畫軌跡、求半徑，同時還利用圓弧的幾何關系來幫助解題．三、填空題(共5題，共10分)18、略

【分析】【詳解】

B點處于波谷，A點處于波峰，波由B向A傳播，此時C處于平衡位置，經過四分之一周期，波谷傳播到該點，知C點的振動方向向下，周期質點在一個周期內振動的路程等于4倍的振幅，經過0.25s時，走過的路程等于5倍的振幅，A=20cm，則s=1m．【解析】向下119、略

【分析】【詳解】

[1]在物理學中用來描述此潮濕感覺的物理量是相對濕度。

[2]此現象中，水珠附著在墻面成露珠狀，是由于液體表面有張力作用的結果．【解析】相對濕度表面張力20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]因為絕對溫度1K與攝氏溫度1℃是相等的，則一個系統的溫度由200K升高到300K，另一個系統的溫度由200℃升高到300℃，則它們升高了相同溫度；前者升高到了300-273=17℃，后者升高到了300℃，則它們升高到的溫度不同。【解析】相同不同21、略

【分析】【詳解】

[1][2]從山底到山頂，氣球的體積不變，氣球內氣體的壓強變小，可知氣體的溫度變低，分子平均動能變小，又由熱力學第一定律可知，氣體的內能減小，則氣體要放出熱量。【解析】變小放出22、略

【分析】【分析】

根據歐姆定律和串聯規律解出分壓電阻的阻值即可；根據歐姆定律和并聯規律解出分流電阻阻值即可．

【詳解】

(1)表頭兩端的電壓為

若改裝成0～3V電壓表，則達最大量程時，串聯電阻兩端的電壓

則應串聯的電阻

(2)改裝成電流表要并聯電阻分流，則并聯阻值為：

故答案為990Ω；0.05Ω．【解析】四、作圖題(共3題，共18分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極