…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇科版選修3物理上冊月考試卷868考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、關于電流的概念，下列說法正確的是（）A.通過導體橫截面的電荷量越多，電流越大B.電子的定向移動速率越大，電流越大C.電場的傳導速率越大，電流越大D.單位時間內通過導體橫截面的電荷量越多，導體中的電流越大2、勢能沿x方向分布為設粒子初動能為E。則當時，粒子有一定概率“隧穿”；當時，粒子有一定概率反射。根據時間—能量不確定關系，估算能發生顯著隧穿的勢壘厚度范圍為（）A.B.C.D.3、真空中有兩個點電荷q1與q2，將它們的電荷量和間距都變為原來的2倍，則它們間的庫侖力變為原來的（）A.B.1倍C.2倍D.4倍4、有同學這樣探究太陽的密度：正午時分讓太陽光垂直照射一個當中有小孔的黑紙板，接收屏上出現了一個小圓斑；測量小圓斑的直徑和黑紙板到接收屏的距離，可大致推出太陽直徑．他掌握的數據是：太陽光傳到地球所需的時間、地球的公轉周期、萬有引力恒量；在最終得出太陽密度的過程中，他用到的物理規律是小孔成像和A.牛頓第二定律B.萬有引力定律C.萬有引力定律、牛頓第二定律D.萬有引力定律、牛頓第三定律5、2019年1月3日，“嫦娥四號”探測器完成了人類歷史上的首次月背軟著陸．“嫦娥四號”的核電池利用放射性同位素Pu衰變供電；靜止的Pu衰變為鈾核和X粒子，放出頻率為ν的γ光子．已知：Pu、和X粒子的質量分別為mPu、mU和mX，普朗克常數為h，光速為c．則下列說法正確的是A.X粒子是HeB.的比結合能比Pu的大C.釋放出的γ光子能量為(mPu-mU)c2D.放射性同位素Pu的半衰期隨溫度降低而變大6、如圖所示電路，開關S原來是閉合的，當R1、R2的滑片剛好處于各自的中點位置時；懸在空氣平行板電容器C兩水平極板間的帶電塵埃P恰好處于靜止狀態．要使塵埃P向下加速運動，下列方法中可行的是。

A.把R1的滑片向左移動B.把R2的滑片向左移動C.把R2的滑片向右移動D.把開關S斷開評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、下列說法正確的是（）A.相對論認為時間和空間與物質的運動狀態有關B.聲源向靜止的觀察者運動，觀察者接收到的頻率小于聲源的頻率C.用同一裝置觀察光的雙縫干涉現象，藍光的相鄰條紋間距比紅光的小D.拍攝玻璃櫥窗內的物品時，往往在鏡頭前加一個偏振片以增加透射光的強度8、下列說法正確的是（）A.氣體體積變化時，其內能可能不變B.固體很難被壓縮是因為分子之間有斥力C.荷葉上面的小水珠呈球形的主要原因是液體的表面張力作用E.電冰箱的制冷系統能夠不斷地把冰箱內的熱量傳到外界，違背了熱力學第二定律E.電冰箱的制冷系統能夠不斷地把冰箱內的熱量傳到外界，違背了熱力學第二定律9、下列說法正確的是__________。A.液晶的光學性質具有各向異性B.熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體C.氣體分子熱運動的平均動能取決于氣體的溫度E.當分子力表現為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大E.當分子力表現為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大10、如圖所示，在光滑水平面上有寬度為d的勻強磁場區域，邊界線MN平行于PQ線，磁場方向垂直平面向下，磁感應強度大小為B，邊長為L（L＜d）的正方形金屬線框，電阻為R，質量為m，在水平向右的恒力F作用下，從距離MN為d/2處由靜止開始運動，線框右邊到MN時速度與到PQ時的速度大小相等，運動過程中線框右邊始終與MN平行；則下列說法正確的是（）

A.線框進入磁場過程中做加速運動B.線框的右邊剛進入磁場時所受安培力的大小為C.線框在進入磁場的過程中速度的最小值為D.線框右邊從MN到PQ運動的過程中，線框中產生的焦耳熱為Fd11、矩形線圈的匝數為50匝；在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動時，穿過線圈的磁通量隨時間的變化規律如圖所示，下列結論正確的是：

A.在和時，電動勢最大B.在和時，電動勢改變方向C.C；電動勢的最大值是157V

D.在時，磁通量變化率最大，其值為12、以下說法中正確的是（）A.墑增加原理說明一切自然過程總是向著分子熱運動的無序性減少的方向進行B.在絕熱條件下壓縮氣體，氣體的內能一定增加C.液晶即具有液體的流動性，又像某些晶體那樣具有光學各向異性E.在溫度不變的情況下，增大液面上方飽和汽的體積，待氣體重新達到飽和時，飽和汽的壓強增大E.在溫度不變的情況下，增大液面上方飽和汽的體積，待氣體重新達到飽和時，飽和汽的壓強增大13、如圖所示的電路，當滑線變阻器滑片P由a滑到b的過程中，三只理想電壓表示數變化的絕對值分別為則下列各組數據中可能出現的是（）

A.B.C.D.14、某同學漂浮在海面上，雖然水面波正平穩地以1.8m/s的速率向著海灘傳播，但他并不向海灘靠近。該同學發現從第1個波峰到第10個波峰通過身下的時間間隔為18s。下列說法正確的是A.水面波是一種機械波B.該水面波的頻率為2HzC.該水面波的波長為3.6mD.水面波沒有將該同學推向岸邊，是因為波傳播時能量不會傳遞出去評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、用毛皮摩擦過的橡膠棒靠近懸掛的通草球時，通草球被推開，則通草球帶______電；反復摩擦后，發現橡膠棒的溫度升高，這是通過______的方式改變物體的內能的。16、一定質量的理想氣體從狀態A變化到狀態B再變化到狀態C，其變化過程的V-T圖像如圖所示，BC的反向延長線通過坐標原點O。已知該氣體在狀態A時的壓強為1.5×105Pa，則該氣體在狀態C時的壓強為__________Pa；該氣體從狀態A到狀態C的過程中吸收的熱量為__________J。

17、如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態a依次經狀態b、c、d和e后回到狀態a，圖中ae、bc延長線過坐標原點O，則在a→b過程中氣體___________（填“放熱”或“吸熱”）；在這個循環過程中，氣體在狀態c的壓強___________狀態e的壓強（填“大于”或“小于”）。

18、陰極射線管的上方有一根固定的導線AB，如圖所示，當導線中通一如圖所示的電流時，陰極射線管的電子流將向__________偏轉。（填“下”或“上”）19、如圖所示，在光滑的水平面上放置一質量為m的小車，小車上有一半徑為R的光滑的弧形軌道，設有一質量為m的小球，以v0的速度，方向水平向左沿圓弧軌道向上滑動，達到某一高度h后，又沿軌道下滑，試求h=______，小球剛離開軌道時的速度為______．20、如圖所示為氫原子能級示意圖，某個粒子與處在基態的一個氫原子在同一直線上相向運動，并發生碰撞，碰撞后氫原子受激躍遷到n＝4的能級。若有一群氫原子處在n＝4的能級，會輻射出_____種頻率的光。在此條件下輻射出的光子中，頻率最高的光子的能量是_____eV．用輻射出的光子照射逸出功為4.75eV的金屬，逸出光電子的最大初動能為_____eV.評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共20分)24、用如圖甲所示的電路；測定一節蓄電池的電動勢和內電阻。蓄電池的電動勢約為2V，內電阻很小。除蓄電池；開關和導線外，可供使用的實驗器材還有。

A.電壓表（量程3V）B.電流表（量程0.6A）

C.電流表（量程3A）D.定值電阻R0（阻值4額定功率4W）

E.滑動變阻器（阻值范圍0—20額定電流2A）

F.滑動變阻器（阻值范圍0—1000額定電流0.5A）

（1）電流表應選____________，滑動變阻器應選_____________（填器材前的字母代號）；

（2）根據實驗數據作出U—I圖像如圖乙所示，則蓄電池的電動勢E=____V，內電阻r=____（r保留兩位有效數字）；

（3）引起該實驗系統誤差的主要原因是_________________________________。25、用高值電阻放電法測電容的實驗電路圖如圖所示。其原理是測出電容器在充電電壓為時所帶的電荷量從而求出其電容C。該實驗的操作步驟如下：

（1）按電路圖接好實驗電路；

（2）接通開關S，調節電阻箱的阻值，使微安表的指針接近滿刻度。記下這時的電壓表讀數和微安表讀數

（3）斷開開關并同時開始計時，每隔或讀一次微安表的讀數將讀數記錄在預先設計的表格中；

（4）以為橫坐標，為縱坐標，建立坐標系。若由實驗得到的數據，在右圖中描出了12個點（用“×”表示），可以估算出當電容器兩端電壓為時該電容器所帶的電荷量約為______C，從而算出該電容器的電容約為______F。（結果均保留2位有效數字）評卷人得分六、解答題(共3題，共24分)26、如圖，A、C兩點分別位于x軸和y軸上，∠OCA=30°，OA的長度為L．在△OCA區域內有垂直于xOy平面向里的勻強磁場．質量為m、電荷量為q的帶正電粒子，以平行于y軸的方向從OA邊射入磁場．已知粒子從某點射入時，恰好垂直于OC邊射出磁場，且粒子在磁場中運動的時間為t0．不計重力．

(1)求磁場的磁感應強度的大小；

(2)若粒子先后從兩不同點以相同的速度射入磁場，恰好從OC邊上的同一點射出磁場；求該粒子這兩次在磁場中運動的時間之和；

(3)若粒子從某點射入磁場后，其運動軌跡與AC邊相切，且在磁場內運動的時間為求粒子此次入射速度的大小．27、如圖所示是一定質量的理想氣體從狀態A經狀態B、C到狀態D的圖像，已知氣體在狀態B時的體積是求∶氣體在3個狀態時的體積VA、VC和VD各是多少？

28、如圖所示，空間有場強的豎直向下的勻強電場，長的不可伸長的輕繩一端固定于O點，另一端系一質量的不帶電小球拉起小球至繩水平后，無初速釋放．另一電荷量質量與相同的小球以速度水平拋出，經時間與小球與點下方一足夠大的平板相遇．不計空氣阻力，小球均可視為質點，取．

（1）求碰撞前瞬間小球的速度．

（2）若小球經過路到達平板，此時速度恰好為O；求所加的恒力．

（3）若施加恒力后，保持平板垂直于紙面且與水平面的夾角不變，在點下方任意改變平板位置，小球均能與平板正碰，求出所有滿足條件的恒力．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【詳解】

A.根據電流的定義式可知；通過導體橫截面的電荷量越大，導體中的電流不一定大；

還要看時間長短；故A錯誤；

B.根據電流的微觀表達式可知，電子的定向移動速率越大，電流不一定越大；

故B錯誤；

C.傳導速率是電場形成的速率；大小為光速，與電流無關，故C錯誤；

D.用單位時間內通過導體橫截面的電荷量來表示電流的強弱；叫作電流，所以電流越大；

單位時間內通過導體橫截面的電荷量就越多，故D正確．2、D【分析】【詳解】

由不確定關系

在極短時間內，粒子能量可達穿越勢壘時的動能為因此

故選D。3、B【分析】【詳解】

真空中有兩個固定點電荷之間的電荷量和間距都變為原來的2倍，則電荷量的乘積變為原來的4倍，根據庫侖定律

可知；庫侖力不變，即變為原來的1倍。

故選B。4、C【分析】【詳解】

萬有引力提供向心力；根據萬有引力定律和牛頓第二定律；

可得太陽質量，再根據小孔成像規律和相似三角形知識可得太陽的直徑，故可求出太陽的密度，故C正確，ABD錯誤．5、B【分析】【詳解】

根據質量數守恒與電荷數守恒可知，的衰變方程為故A錯誤；衰變成核和α粒子后，釋放核能，將原子核分解為單個的核子需要的能量更大，原子變得更穩定，所以的比結合能比的大，故B正確；此核反應過程中的質量虧損等于反應前后質量的差，為△m=mpU-mU-mα，釋放的γ光子的能量為hv，核反應的過程中釋放的能量：E=（mpU-mU-mα）c2，由于核反應的過程中釋放的核能轉化為新核與α粒子的動能以及光子的能量，所以光子的能量小于（mpU-mU-mα）c2，故C錯誤；放射性同位素的半衰期與溫度無關．故D錯誤.6、B【分析】【分析】

【詳解】

A．塵埃P受到重力和電場力而平衡，要使塵埃P向下加速，就要減小電場力，故要減小電容器兩端的電壓；電路穩定時，滑動變阻器R1無電流通過，兩端電壓為零，故改變R1的電阻值無效果；故A錯誤；

BC．變阻器R2處于分壓狀態，電容器兩端電壓等于變阻器R2左半段的電壓，故要減小變阻器R2左半段的電阻值，變阻器R2滑片應該向左移動；故B正確，C錯誤；

D．把閉合的開關S斷開；電容器兩端電壓增大到等于電源電動勢，故P向上加速，故D錯誤．

故選B．二、多選題(共8題，共16分)7、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據愛因斯坦相對論可知；時間和空間與物質的運動狀態有關，A正確；

B．根據多普勒效應可知；聲源向靜止的觀察者運動，兩者距離減小，觀察者接收到的頻率將大于聲源的頻率，B錯誤；

C．根據。

則用同一裝置觀察光的雙縫干涉現象；藍光的波長比紅光的波長小，藍光的相鄰條紋間距比紅光的小，C正確；

D．拍攝玻璃櫥窗內的物品時；往往在鏡頭前加一個偏振片以減弱反射光的強度，使照片清晰，但不能增加透射光的強度，D錯誤。

故選AC。8、A:B:C【分析】【詳解】

A．實際氣體的內能包括氣體分子熱運動的動能和分子勢能兩部分；體積改變時，引起分子勢能的變化，若溫度變化引起的分子動能的增加（或減小）等于分子勢能的減小（或增加），則內能不變，故A正確；

B．固體很難被壓縮是因為分子之間有斥力；故B正確；

C．液體的表面張力有使液體的表面積最小化的趨勢；荷葉上面的小水珠呈球形的主要原因是液體的表面張力作用，故C正確；

D．在完全失重的情況下；氣體分子仍做無規則熱運動，會撞擊容器壁，產生壓強，故D錯誤；

E．電冰箱的制冷系統能夠不斷地把冰箱內的熱量傳到外界；是壓縮機做功的結果，不違背熱力學第二定律，故E錯誤。

故選ABC。9、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．液晶具有液體的流動性；液晶具有晶體的光學性質各向異性，A正確；

B．在外界做功的條件下；熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，B錯誤；

C．氣體分子熱運動的平均動能取決于氣體的溫度；C正確；

D．荷葉上的露珠呈現球狀；是由于液體的表面張力產生的，D錯誤；

E．當分子力表現為斥力時；分子的間距減小時，分子力增大，且分子力做負功，因此分子的勢能增大，E正確。

故選ACE。10、B:D【分析】【詳解】

A、線框右邊到MN時速度與到PQ時速度大小相等；線框完全進入磁場過程不受安培力作用，線框完全進入磁場后做加速運動，由此可知，線框進入磁場過程做減速運動，故A錯誤；

B、線框進入磁場前過程，由動能定理得：解得：線框受到的安培力：故B正確；

C、線框完全進入磁場時速度最小，從線框完全進入磁場到右邊到達PQ過程，對線框，由動能定理得：解得：故C錯誤；

D、線框右邊到達MN、PQ時速度相等，線框動能不變，該過程線框產生的焦耳熱：Q＝Fd，故D正確；11、C:D【分析】【詳解】

試題分析：從題圖中可知，在0.1s和0.3s時刻，穿過線圈的磁通量最大，此時刻磁通量的變化率等于零；0.2s和0.4s時刻，穿過線圈的磁通量為零，但此時刻磁通量的變化率最大；由此得選項A、B錯誤.根據電動勢的最大值公式：Em=nBSω，Φm=BS，ω=2π/T，可得：Em=50×0.2×2×3.14/0.4V="157"V；磁通量變化率的最大值應為=3.14Wb/s；故C；D正確.

考點：交流電。

點評：本題考查了交流電的產生，或者考查了法拉第電磁感應定律中關于磁通量變化率的理解．通常可以理解為該點的切線的斜率大小．12、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

墑增加原理說明在孤立系統中，一切不可逆過程總朝著熵增加方向進行，故A選項錯誤；據可知，B選項正確；液晶即具有液體的流動性，又像某些晶體那樣具有光學各向異性，故C選項正確；由于液體表面分子間距離大于液體內部分子間的距離，液面分子間表現為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢，則D選項正確；在溫度不變的情況下，增大液面上方飽和汽的體積，待氣體重新達到飽和時，飽和汽的壓強不變，故E選項錯誤．13、B:D【分析】【分析】

滑動變阻器的滑片P從a滑向b的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，電路中電流增大，路端電壓減小，分析變阻器兩端電壓的變化，根據路端電壓的變化，判斷△U2、△U3的大小．

【詳解】

滑動變阻器的滑片P從a滑向b的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，電路中電流增大，U2增大，路端電壓U1減小，則變阻器兩端電壓U3減小．由于U1=U2+U3，U1減小，則知△U2<△U3，△U1＜△U3；所以BD是可能的，AC不可能．故BD正確，AC錯誤．故選BD．

【點睛】

本題解題的關鍵是抓住U1=U2+U3，根據總量法分析三個電壓表讀數變化量的大小．14、A:C【分析】【詳解】

A；水面波是由機械振動引起的；在介質(水)中傳播的一種波，是一種機械波，A正確；

B、由第1個波峰到第10個波峰通過身下的時間間隔為18s，可得知振動的周期T為：頻率為：f=1/T=0.5Hz；B錯誤；

C、由公式有C正確；

D、參與振動的質點只是在自己的平衡位置附近做往復運動，并不會“隨波逐流”，但振動的能量和振動形式卻會不斷的向外傳播，D錯誤．三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

[1]毛皮摩擦過的橡膠棒帶負電；通草球受到斥力作用，故通草球也帶負電；

[2]摩擦橡膠棒時通過做功的方式改變物體內能。【解析】①.負電②.做功16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]氣體從狀態A到狀態B，發生的是等容變化，由查理定律得

解得在狀態B時的壓強為pB=1.0×105Pa

氣體從狀態B到狀態C，發生是等壓變化，有pC=pB=1.0×105Pa

由于狀態A與狀態C的溫度相同，所以該氣體從狀態A到狀態C的過程中，內能變化量

氣體從狀態A到狀態B不做功，從狀態B到狀態C的過程中氣體對外做功，做功大小為

由熱力學第一定律

知整個過程中吸收的熱量為Q=100J【解析】1.0×10510017、略

【分析】【詳解】

[1]在a→b過程中，理想氣體等溫變化，內能保持不變，氣體體積變大對外做功，由熱力學第一定律可得，a→b過程中從外界吸收熱量；

[2]根據理想氣體狀態方程可知

整理得

根據V-T圖像斜率的大小可知氣體在狀態c的壓強小于狀態e的壓強。【解析】吸熱小于18、略

【分析】根據安培定則判斷可知：通電導線在陰極射線管處產生的磁場方向垂直紙面向里；電子帶負電，向右運動，由左手定則判斷得知電子流所受的洛倫茲力方向向下，所以陰極射線向下偏轉．

【點睛】本題關鍵要掌握兩大定則：安培定則和左手定則，要明確兩個問題：一是什么條件用什么定則，二是怎樣用定則．【解析】下19、略

【分析】【詳解】

小球從進入軌道；到上升到h高度時為過程第一階段，這一階段類似完全非彈性的碰撞，動能損失轉化為重力勢能（而不是熱能）．

小球到達最大高度h時；小球與小車的速度相同，在小球從滑上小車到上升到最大高度過程中，系統水平方向動量守恒，以水平向左方向為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得：

mv0=（m+m）v

系統的機械能守恒，則得：mv02=（m+m）v2+（m+m）gh

解得：h=

小球從進入到離開，整個過程屬彈性碰撞模型，又由于小球和車的等質量，由彈性碰撞規律可知，兩物體速度交換，故小球離開軌道時速度為零．【解析】020、略

【分析】【詳解】

第一空.從n＝4的能級向低能級躍遷會輻射出C42=6種頻率的光子；

第二空.能級差最大的時放出的光子的能量為hγ＝E＝E4﹣E1＝﹣0.85﹣（﹣13.6）＝12.75eV

第三空.逸出光電子的最大初動能為EK＝hγ﹣W0＝12.75﹣4.75＝8eV【解析】612.758四、作圖題(共3題，共6分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共2題，共20分)24、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]由題意可知；電源的電動勢約為2V，保護電阻為4Ω，故電路中最大電流約為0.5A，故電流表只能選B；為了方便操作，應選擇較小的變阻器，故選E；

（2）[3][4]由電路利用閉合電路歐姆定律可知

則由數學知識可得，圖像與縱坐標的交點為電源電動勢，故E=2.10V；而圖像的斜率表示保護電阻與內電阻之和，故

解得r=0.2Ω

（3）[5]電流表測量的不是干路電流，本實驗的系統誤差原因是電壓表具有分流作用。【解析】(1)BE(2)2.100.20(3)電壓表的分流作用25、略

【分析】【詳解】

[1]用平滑曲線將各點連接，然后數此曲線與坐標軸圍成的格子數，超過半格的算一格，不足半格的舍棄。每格代表電量為

數出的格子數為格，則

[2]電容為【解析】（）（）六、解答題(共3題，共24分)26、略

【分析】【詳解】