高級中學名校試卷PAGEPAGE1福寧古五校教學聯合體2024-2025學年第一學期期中質量監測高一物理試題一、單項選擇題1.一個籃球放在水平桌面上靜止不動，下列說法中正確的是（）A.桌面受到的壓力與籃球的重力是同一種性質的力B.桌面受到的壓力大小與籃球重力大小相等C.桌面對籃球的支持力是由于籃球形變而產生的D.籃球的重心在籃球與桌面的接觸點上【答案】B【解析】AB．桌面受到的壓力大小等于籃球重力的大小，但桌面受到的壓力不是籃球的重力，故A錯誤，B正確；C．桌面對籃球的支持力的施力物體是桌面，則由于桌面形變而產生的，故C錯誤；D．籃球的重心在籃球的幾何中心上，也就是球心，故D錯誤。故選B。2.2024年9月25日，中國人民解放軍火箭軍向南太平洋相關公海海域成功發射了一枚攜載訓練模擬彈頭的洲際彈道導彈，全射程約12000公里，末端速度接近30馬赫。下列說法正確的是（）A.導彈加速直線上升過程中，加速度方向與速度方向相同B.導彈的加速度與速度變化量成正比，與運動時間成反比C.導彈運動時，速度的變化量越大，加速度也越大D.導彈點火將要升空瞬間，導彈的速度和加速度均為零【答案】A【解析】A．導彈在加速直線上升過程中，加速度方向與速度方向相同，A正確；B．加速度是加速度的比值定義式，不能說導彈的加速度與速度變化量成正比，與運動時間成反比，B錯誤；C．由加速度的定義式可知，在任意相等時間內，速度的變化量越大，加速度才越大，故C錯誤；D．導彈點火將要升空瞬間，導彈的速度為零，但加速度很大，D錯誤。故選A。3.如圖所示的x?t圖像和v?t圖像中，四條圖線分別表示甲、乙、丙、丁四輛車由同一地點向同一方向運動的情況，下列說法正確的是（）A.0~6s內，甲車通過的路程大于乙車通過的路程B.0~6s內，丙、丁兩車的平均速度相等C.0~6s內，丙車的加速度始終大于丁車的加速度D.在6s末，甲、乙兩車在同一位置相遇【答案】D【解析】A．根據x-t圖像可知，0~6s內，甲、乙兩車通過的位移相等，兩車都做單向直線運動，所以路程相等，故A錯誤；B．根據圖像與橫軸圍成的面積表示位移，可知0~6s時間內，丙車的位移小于丁車的位移，根據可知丙車的平均速度小于丁車的平均速度，故B錯誤；C．v-t圖像的斜率表示加速度，由圖可知，0~6s內，丁車的加速度先大于丙車的加速度，后小于丙車的加速度，故C錯誤；D．x-t圖像的交點表示相遇，所以在6s末，甲、乙兩車在同一位置相遇，故D正確。故選D4.一輛汽車以6m/s的速度沿平直公路勻速行駛，突然發現前方有障礙物，立即剎車，汽車以大小為2m/s2的加速度做勻減速直線運動，則下面說法正確的是（）A.第3s內與第1s內的位移之差大小為3mB.剎車的整個過程中平均速度大小為4m/sC.剎車后1s內與剎車后4s內汽車通過的位移之比為5∶9D.剎車的第1s內、第2s內、第3s內的位移之比為1∶3∶5【答案】C【解析】A．利用逆向思維，汽車停止運動時間第1s內的位移利用逆向思維，第3s內的位移則第1s內與第3s內的位移之差故A錯誤；B．剎車的整個過程平均速度大小為故B錯誤；D．利用逆向思維，第2s內的位移可知，剎車的第1s內、第2s內、第3s內的位移之比為x1∶x2∶x3=5∶3∶1故D錯誤；C．汽車3s停止運動，則剎車后1s內與剎車后4s內汽車通過的位移之比為故C正確。故選C。二、雙項選擇題5.在物理學發展進程中，物理學家總結出了許多科學研究方法，如等效法、理想實驗法、控制變量法和極限思維法等，以下關于物理學研究方法的敘述正確的是（）A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法叫控制變量法B.在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法C.如圖甲所示，伽利略探究物體下落規律的過程使用的科學方法是：問題→猜想→實驗驗證→合理外推→得出結論D.如圖乙所示，研究彈力時，書本放在桌面上對桌面有壓力，這種形變非常微小，我們可以通過觀察反射的激光的變化來判斷，這種方法被稱之為極限思維法【答案】BC【解析】A．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法叫建立物理模型法，A錯誤；B．在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法，B正確；C．伽利略探究物體下落規律過程使用的科學方法是：問題→猜想→實驗驗證→合理外推→得出結論，C正確；D．研究彈力時，由于書本壓桌面的這種形變非常微小，我們可以通過觀察反射的激光的變化來判斷，這種方法被稱之為微小量放大法，D錯誤。故選BC。6.學習完自由落體運動后，肖恩同學將刻度尺改造成了反應時間測量尺（圖甲），并在課后為王洋同學測反應時間（圖乙）。王洋先把手放在測量尺0刻度線的位置旁做好捏住測量尺的準備。肖恩松手時，王洋立即捏向下落的測量尺，剛好捏住尺上的D位置，下列說法正確的是（）A.捏住的刻度值越大說明受測者的反應時間越快B.刻度尺的刻度是均勻的，對應的反應時間刻度也是均勻的C.從測試的情況看，王洋的反應時間約為0.2秒D.若g取10m/s2進行計算并標時間刻度，則測出的反應時間偏小【答案】CD【解析】ABD．根據位移時間公式有解得可知，捏住的刻度值越大，則時間約大，說明受測者的反應時間越慢；刻度尺的刻度是均勻的，對應的反應時間刻度并非均勻；若g取10m/s2進行計算并標時間刻度，則g值偏大，測出的反應時間偏小，故AB錯誤，D正確；C．將h=0.2m代入解得s故C正確；故選CD。7.如圖所示，輕質彈簧P上端固定在天花板上，下端的掛鉤鉤住輕彈簧Q，P、Q的勁度系數分別為k1=100N/m和k2=200N/m，現用大小為20N的拉力F豎直向下拉彈簧Q，兩只彈簧形變量之和為，兩彈簧始終在彈性限度內，下列說法正確的是（）A.=0.3mB.=0.6mC.若將拉力F增加一倍，則穩定后兩只彈簧的總長度也增加一倍D.上述兩只彈簧形變的效果與一只勁度系數為的彈簧相同【答案】AD【解析】AB．彈簧靜止，則兩只彈簧中的彈力大小均為F，則兩只彈簧的形變量之和為解得故A正確；B錯誤；C．由以上分析可知，若將拉力F增加一倍，則穩定后兩只彈簧的伸長量之和也增加一倍，但總長度之和應小于原來的兩倍，故C錯誤；D．由題意解得故D正確。8.打印機在正常工作的情況下，進紙系統能做到每次只進一張紙。進紙系統的結構如圖所示，圖中剛好有10張相同的紙，每張紙的質量均為m，搓紙輪按圖示方向轉動并帶動最上面的第1張紙向右運動，搓紙輪與紙張之間的動摩擦因數為μ1，紙張與紙張之間、紙張與底部摩擦片之間的動摩擦因數均為μ2，工作時搓紙輪給第1張紙壓力大小為F。打印機正常工作時，下列說法正確的是（）A.第2張紙受到第3張紙的摩擦力方向向右B.第6張紙與第7張紙之間的摩擦力大小可能為C.第10張紙與摩擦片之間的摩擦力為D.若，則進紙系統不能正常進紙【答案】CD【解析】A．對第2張紙受力分析可得，在水平方向上受到第1張紙向右的滑動摩擦力和第3張紙水平向左的靜摩擦力而保持平衡，故A錯誤；BC．對第2張紙受到第一張紙的滑動摩擦力由受力平衡得第2張紙受到第3張紙的靜摩擦力等于滑動摩擦力，以此類推第6張紙與第7張紙之間、第10張紙與摩擦片之間的摩擦力都為故B錯誤，C正確；D．搓紙輪與第1張紙之間的摩擦力為第1張紙受到第2張紙的滑動摩擦力為若，則有搓紙輪與第1張紙之間會發生相對滑動，不會進紙，打印機不會正常工作，故D正確。故選CD。三、非選擇題9.如圖所示，重為40N的勻質正方體木塊A靜止于斜面B上，請在圖上用直尺按規范畫出A所受重力的圖示_____。【答案】【解析】重力方向豎直向下，圖示如圖10.如圖所示，李想同學用毫米刻度尺測量一物體的長度，依次記錄下四次測量結果：2.99cm，3.00cm，2.99cm，2.98cm。測量結果為3.00cm時，絕對誤差是_________cm，相對誤差是_________%（保留兩位有效數字）?！敬鸢浮?.010.33【解析】物體的真實值是上述四次的測量值的平均值，即因為所以測量結果為3.00cm的絕對誤差是3.00cm-2.99cm=0.01cm由相對誤差公式可得0.33%11.如圖所示，物體自O點由靜止開始做勻加速直線運動，途經A、B、C三點，其中A、B之間的距離l1=3m，B、C之間的距離l2=4m，若物體通過l1、l2這兩段位移的時間均為2s，則物體做勻加速直線運動的加速度a=___________m/s2，O、A之間的距離l=__________m?！敬鸢浮?.253.125【解析】設物體的加速度為a，通過l1、l2這兩段位移的時間均為t，則有B點的速度則物體在A點的速度為O、A之間距離為12.某同學利用如圖甲裝置做“探究彈力和彈簧伸長量的關系”實驗。被測彈簧放置于水平桌面上，一端固定于A點，另一端用細線繞過光滑定滑輪掛鉤碼，旁邊附有一豎直放置的毫米刻度尺。掛兩個鉤碼時，線上一定點P對應的刻度線如圖中的ab虛線所示，掛三個鉤碼時，P對應的刻度線如圖中的cd虛線所示。（1）ab虛線處刻度尺讀數是________cm；（2）圖乙是彈簧彈力大小F與彈簧伸長量x的F?x圖像，由圖可求出彈簧的勁度系數為_________N/m，圖像不過坐標原點的原因是_________________________。【答案】（1）31.10（2）200彈簧與水平桌面間存在摩擦力【解析】小問1解析】ab虛線處刻度尺讀數是l=31.10cm【小問2解析】根據結合圖線可得彈簧的勁度系數由圖可知當彈簧伸長量為0時拉力不等于0，說明彈簧與水平桌面間存在摩擦力，從而導致圖像不過遠點。13.某同學用圖甲所示的實驗裝置測量當地的重力加速度，先接通電源后釋放紙帶，在紙帶上打出一系列的點如圖乙所示，圖中A、B、C、D、E、F是紙帶上打出的連續的點，測出B、C、D、E、F這幾點到A點的距離并標在紙帶上，打點計時器的打點周期為T。（1）電火花打點計時器所用的交流電壓為_________V；（2）打下點E時，重物的速度vE=_________（用題中所給字母表示）；（3）若分別計算出紙帶上B、C、D、E各點對應的速度，并在坐標系中畫出v2??的關系圖線，如圖丙所示，則重力加速度g=_________m/s2?！敬鸢浮浚?）220（2）（3）9.60【解析】【小問1解析】電火花打點計時器所用的交流電壓為220V?！拘?解析】打E點時重物的速度為【小問3解析】由機械能守恒定律得整理得則圖線的斜率解得14.一同學為了測量某大橋到水面的高度，他站橋上將一小鐵球由靜止釋放，鐵球經過t=5s落到水面，不計空氣阻力，取g=10m/s2，求：（1）大橋到水面的高度（2）小鐵球下落到水面前最后1s位移的大小【答案】（1）125m（2）45m【解析】【小問1解析】鐵球做自由落體運動，已知其運動的時間為5s，則大橋到水面的高度【小問2解析】因鐵球下落4s內的位移所以小鐵球下落到水面前最后1s的位移大小15.如圖所示，位于水平桌面上的物塊P，由跨過定滑輪的輕繩、輕彈簧與物塊Q相連，繩、彈簧都水平，已知Q與P之間及P與桌面之間的動摩擦因數都為μ=0.4，物塊Q重G1=20N，物塊P重G2=40N，滑輪的質量、滑輪軸上的摩擦都不計，用一水平向右的力F拉P，使P、Q向相反方向做勻速運動，彈簧原長L0=10cm，勁度系數k=200N/m，求此時：（1）物塊Q所受的滑動摩擦力；（2）彈簧長度L；（3）力F的大小。【答案】（1）8N，方向水平向右（2）14cm（3）40N【解析】【小問1解析】物塊Q受到木板的滑動摩擦力方向水平向右；【小問2解析】因為Q做勻速運動，則有代入數據解得彈簧長度為【小問3解析】物塊P受到地面的滑動摩擦力因為P做勻速運動，則有16.電子設備之間在一定距離范圍內可以通過藍牙連接進行數據交換，已經配對過的兩電子設備，當距離小于某一值時，會自動連接；一旦超過該值時，藍牙信號便會立即中斷，無法通訊。如圖所示，甲、乙兩輛玩具汽車沿平直路面向前行駛，兩車車頭O1、O2都裝有藍牙設備，這兩個藍牙設備在4m以內時能夠實現通信。t=0時刻，甲、乙兩車恰并排于圖示位置，O1、O2的距離近似為零，此時甲車的速度v甲=5m/s，乙車的速度為v乙=2m/s。從該時刻起甲車以大小為1m/s2的加速度做勻減速運動直至停下，乙車保持原有速度做勻速直線運動（忽略信號傳遞時間）。求：（1）甲車可以往前行駛的最大位移（2）在甲車停下來之前，兩車在前進方向上的最大距離（3）從t=0時刻起，甲、乙兩車能藍牙通信的時間【答案】（1）12.5m（2）4.5m（3）6.25s【解析】【小問1解析】甲車可以往前行駛的時間，根據速度-時間公式甲車可以往前行駛的最大距離【小問2解析】經過t1，兩車的速度相等，此時相距最遠，則有解得甲車運動的位移為乙車運動的位移此時兩車在前進方向上的最大距離為聯立解得兩車在前進方向上的最大距離為【小問3解析】當甲車在乙車前方4m，即根據位移-時間公式整理得解得由此可知，0?2s內，兩車距離小于4m，可以通信；2?4s內，兩車距離由4m變到4.5m又變到4m，不能通信。前期通信時間，即之后，乙車從落后甲車4m行駛至甲車前方4m過程中兩車距離小于4m，后期通信時間，則有所以甲、乙兩車能利用藍牙通信的時間為福寧古五校教學聯合體2024-2025學年第一學期期中質量監測高一物理試題一、單項選擇題1.一個籃球放在水平桌面上靜止不動，下列說法中正確的是（）A.桌面受到的壓力與籃球的重力是同一種性質的力B.桌面受到的壓力大小與籃球重力大小相等C.桌面對籃球的支持力是由于籃球形變而產生的D.籃球的重心在籃球與桌面的接觸點上【答案】B【解析】AB．桌面受到的壓力大小等于籃球重力的大小，但桌面受到的壓力不是籃球的重力，故A錯誤，B正確；C．桌面對籃球的支持力的施力物體是桌面，則由于桌面形變而產生的，故C錯誤；D．籃球的重心在籃球的幾何中心上，也就是球心，故D錯誤。故選B。2.2024年9月25日，中國人民解放軍火箭軍向南太平洋相關公海海域成功發射了一枚攜載訓練模擬彈頭的洲際彈道導彈，全射程約12000公里，末端速度接近30馬赫。下列說法正確的是（）A.導彈加速直線上升過程中，加速度方向與速度方向相同B.導彈的加速度與速度變化量成正比，與運動時間成反比C.導彈運動時，速度的變化量越大，加速度也越大D.導彈點火將要升空瞬間，導彈的速度和加速度均為零【答案】A【解析】A．導彈在加速直線上升過程中，加速度方向與速度方向相同，A正確；B．加速度是加速度的比值定義式，不能說導彈的加速度與速度變化量成正比，與運動時間成反比，B錯誤；C．由加速度的定義式可知，在任意相等時間內，速度的變化量越大，加速度才越大，故C錯誤；D．導彈點火將要升空瞬間，導彈的速度為零，但加速度很大，D錯誤。故選A。3.如圖所示的x?t圖像和v?t圖像中，四條圖線分別表示甲、乙、丙、丁四輛車由同一地點向同一方向運動的情況，下列說法正確的是（）A.0~6s內，甲車通過的路程大于乙車通過的路程B.0~6s內，丙、丁兩車的平均速度相等C.0~6s內，丙車的加速度始終大于丁車的加速度D.在6s末，甲、乙兩車在同一位置相遇【答案】D【解析】A．根據x-t圖像可知，0~6s內，甲、乙兩車通過的位移相等，兩車都做單向直線運動，所以路程相等，故A錯誤；B．根據圖像與橫軸圍成的面積表示位移，可知0~6s時間內，丙車的位移小于丁車的位移，根據可知丙車的平均速度小于丁車的平均速度，故B錯誤；C．v-t圖像的斜率表示加速度，由圖可知，0~6s內，丁車的加速度先大于丙車的加速度，后小于丙車的加速度，故C錯誤；D．x-t圖像的交點表示相遇，所以在6s末，甲、乙兩車在同一位置相遇，故D正確。故選D4.一輛汽車以6m/s的速度沿平直公路勻速行駛，突然發現前方有障礙物，立即剎車，汽車以大小為2m/s2的加速度做勻減速直線運動，則下面說法正確的是（）A.第3s內與第1s內的位移之差大小為3mB.剎車的整個過程中平均速度大小為4m/sC.剎車后1s內與剎車后4s內汽車通過的位移之比為5∶9D.剎車的第1s內、第2s內、第3s內的位移之比為1∶3∶5【答案】C【解析】A．利用逆向思維，汽車停止運動時間第1s內的位移利用逆向思維，第3s內的位移則第1s內與第3s內的位移之差故A錯誤；B．剎車的整個過程平均速度大小為故B錯誤；D．利用逆向思維，第2s內的位移可知，剎車的第1s內、第2s內、第3s內的位移之比為x1∶x2∶x3=5∶3∶1故D錯誤；C．汽車3s停止運動，則剎車后1s內與剎車后4s內汽車通過的位移之比為故C正確。故選C。二、雙項選擇題5.在物理學發展進程中，物理學家總結出了許多科學研究方法，如等效法、理想實驗法、控制變量法和極限思維法等，以下關于物理學研究方法的敘述正確的是（）A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法叫控制變量法B.在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法C.如圖甲所示，伽利略探究物體下落規律的過程使用的科學方法是：問題→猜想→實驗驗證→合理外推→得出結論D.如圖乙所示，研究彈力時，書本放在桌面上對桌面有壓力，這種形變非常微小，我們可以通過觀察反射的激光的變化來判斷，這種方法被稱之為極限思維法【答案】BC【解析】A．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法叫建立物理模型法，A錯誤；B．在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法，B正確；C．伽利略探究物體下落規律過程使用的科學方法是：問題→猜想→實驗驗證→合理外推→得出結論，C正確；D．研究彈力時，由于書本壓桌面的這種形變非常微小，我們可以通過觀察反射的激光的變化來判斷，這種方法被稱之為微小量放大法，D錯誤。故選BC。6.學習完自由落體運動后，肖恩同學將刻度尺改造成了反應時間測量尺（圖甲），并在課后為王洋同學測反應時間（圖乙）。王洋先把手放在測量尺0刻度線的位置旁做好捏住測量尺的準備。肖恩松手時，王洋立即捏向下落的測量尺，剛好捏住尺上的D位置，下列說法正確的是（）A.捏住的刻度值越大說明受測者的反應時間越快B.刻度尺的刻度是均勻的，對應的反應時間刻度也是均勻的C.從測試的情況看，王洋的反應時間約為0.2秒D.若g取10m/s2進行計算并標時間刻度，則測出的反應時間偏小【答案】CD【解析】ABD．根據位移時間公式有解得可知，捏住的刻度值越大，則時間約大，說明受測者的反應時間越慢；刻度尺的刻度是均勻的，對應的反應時間刻度并非均勻；若g取10m/s2進行計算并標時間刻度，則g值偏大，測出的反應時間偏小，故AB錯誤，D正確；C．將h=0.2m代入解得s故C正確；故選CD。7.如圖所示，輕質彈簧P上端固定在天花板上，下端的掛鉤鉤住輕彈簧Q，P、Q的勁度系數分別為k1=100N/m和k2=200N/m，現用大小為20N的拉力F豎直向下拉彈簧Q，兩只彈簧形變量之和為，兩彈簧始終在彈性限度內，下列說法正確的是（）A.=0.3mB.=0.6mC.若將拉力F增加一倍，則穩定后兩只彈簧的總長度也增加一倍D.上述兩只彈簧形變的效果與一只勁度系數為的彈簧相同【答案】AD【解析】AB．彈簧靜止，則兩只彈簧中的彈力大小均為F，則兩只彈簧的形變量之和為解得故A正確；B錯誤；C．由以上分析可知，若將拉力F增加一倍，則穩定后兩只彈簧的伸長量之和也增加一倍，但總長度之和應小于原來的兩倍，故C錯誤；D．由題意解得故D正確。8.打印機在正常工作的情況下，進紙系統能做到每次只進一張紙。進紙系統的結構如圖所示，圖中剛好有10張相同的紙，每張紙的質量均為m，搓紙輪按圖示方向轉動并帶動最上面的第1張紙向右運動，搓紙輪與紙張之間的動摩擦因數為μ1，紙張與紙張之間、紙張與底部摩擦片之間的動摩擦因數均為μ2，工作時搓紙輪給第1張紙壓力大小為F。打印機正常工作時，下列說法正確的是（）A.第2張紙受到第3張紙的摩擦力方向向右B.第6張紙與第7張紙之間的摩擦力大小可能為C.第10張紙與摩擦片之間的摩擦力為D.若，則進紙系統不能正常進紙【答案】CD【解析】A．對第2張紙受力分析可得，在水平方向上受到第1張紙向右的滑動摩擦力和第3張紙水平向左的靜摩擦力而保持平衡，故A錯誤；BC．對第2張紙受到第一張紙的滑動摩擦力由受力平衡得第2張紙受到第3張紙的靜摩擦力等于滑動摩擦力，以此類推第6張紙與第7張紙之間、第10張紙與摩擦片之間的摩擦力都為故B錯誤，C正確；D．搓紙輪與第1張紙之間的摩擦力為第1張紙受到第2張紙的滑動摩擦力為若，則有搓紙輪與第1張紙之間會發生相對滑動，不會進紙，打印機不會正常工作，故D正確。故選CD。三、非選擇題9.如圖所示，重為40N的勻質正方體木塊A靜止于斜面B上，請在圖上用直尺按規范畫出A所受重力的圖示_____?！敬鸢浮俊窘馕觥恐亓Ψ较蜇Q直向下，圖示如圖10.如圖所示，李想同學用毫米刻度尺測量一物體的長度，依次記錄下四次測量結果：2.99cm，3.00cm，2.99cm，2.98cm。測量結果為3.00cm時，絕對誤差是_________cm，相對誤差是_________%（保留兩位有效數字）。【答案】0.010.33【解析】物體的真實值是上述四次的測量值的平均值，即因為所以測量結果為3.00cm的絕對誤差是3.00cm-2.99cm=0.01cm由相對誤差公式可得0.33%11.如圖所示，物體自O點由靜止開始做勻加速直線運動，途經A、B、C三點，其中A、B之間的距離l1=3m，B、C之間的距離l2=4m，若物體通過l1、l2這兩段位移的時間均為2s，則物體做勻加速直線運動的加速度a=___________m/s2，O、A之間的距離l=__________m?！敬鸢浮?.253.125【解析】設物體的加速度為a，通過l1、l2這兩段位移的時間均為t，則有B點的速度則物體在A點的速度為O、A之間距離為12.某同學利用如圖甲裝置做“探究彈力和彈簧伸長量的關系”實驗。被測彈簧放置于水平桌面上，一端固定于A點，另一端用細線繞過光滑定滑輪掛鉤碼，旁邊附有一豎直放置的毫米刻度尺。掛兩個鉤碼時，線上一定點P對應的刻度線如圖中的ab虛線所示，掛三個鉤碼時，P對應的刻度線如圖中的cd虛線所示。（1）ab虛線處刻度尺讀數是________cm；（2）圖乙是彈簧彈力大小F與彈簧伸長量x的F?x圖像，由圖可求出彈簧的勁度系數為_________N/m，圖像不過坐標原點的原因是_________________________?！敬鸢浮浚?）31.10（2）200彈簧與水平桌面間存在摩擦力【解析】小問1解析】ab虛線處刻度尺讀數是l=31.10cm【小問2解析】根據結合圖線可得彈簧的勁度系數由圖可知當彈簧伸長量為0時拉力不等于0，說明彈簧與水平桌面間存在摩擦力，從而導致圖像不過遠點。13.某同學用圖甲所示的實驗裝置測量當地的重力加速度，先接通電源后釋放紙帶，在紙帶上打出一系列的點如圖乙所示，圖中A、B、C、D、E、F是紙帶上打出的連續的點，測出B、C、D、E、F這幾點到A點的距離并標在紙帶上，打點計時器的打點周期為T。（1）電火花打點計時器所用的交流電壓為_________V；（2）打下點E時，重物的速度vE=_________（用題中所給字母表示）；（3）若分別計算出紙帶上B、C、D、E各點對應的速度，并在坐標系中畫出v2??的關系圖線，如圖丙所示，則重力加速度g=_________m/s2?！敬鸢浮浚?）220（2）（3）9.60【解析】【小問1解析】電火花打點計時器所用的交流電壓為220V?！拘?解析】打E點時重物的速度為【小問3解析】由機械能守恒定律得整理得則圖線的斜率解得14.一同學為了測量某大橋到水面的高度，他站橋上將一小鐵球由靜止釋放，鐵球經過t=5s落到水面，不計空氣阻力