河南濮陽市2024屆高考全真模擬（三）物理試題

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。

2.答題時請按要求用筆。

3.請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。

4.作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。

5.保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題；木題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、有關科學發現，下列說法中正確的是（）

A.查德威克在原子核人工轉變的實驗中發現了質子

B.湯姆孫通過a粒子散射實驗，發現了原子核具有一定的結構

C.盧瑟福依據a粒子散射實驗，提出了原子核內部存在著質子

D.最近探測到13億年前兩個黑洞撞擊產生的引力波是利用了激光干涉的原理

2、如圖所示為氫原子能級的示意圖.下列有關說法正確的是

n￡/cV

oo---------------Q

4-----------------------------------0.85

3------------------------------------1.51

2-----------------------------------34

1---------------------------------13.6

A.處于基態的氫原子吸收10.5cV的光子后能躍遷至，〃=2能級

B.大量處于〃=4能級的氫原子向低能級躍遷時，最多可輻射出3種不同頻率的光

C.若用從〃=3能級躍遷到〃=2能級輻射出的光，照射某金屬時恰好發生光電效應，則用從〃=4能級躍遷到〃=3

能級輻射出的光，照射該金屬時一定能發生光電效應

D.用〃=4能級躍遷到〃=1能級輻射出的光，照射逸出功為6.34eV的金屬粕產生的光電子的最大初動能為6.41eV

3、木星有很多衛星，已經確認的有79顆。其中木衛一繞木星運行的周期約為1.769天,其表面重力加速度約為IWm/s?,

木衛二繞木星運行的周期約為3.551天，其表面重力加速度約為1.3儂2。它們繞木星的軌道近似為圓形。則兩顆衛星

相比（）

A.木衛一距離木星表面遠B.木衛一的向心加速度大

C.木衛一的角速度小D.木衛一的線速度小

4、某原子電離后其核外只有一個電子，若該電子在核的靜電力作用下繞核做勻速圓周運動，那么電子運動

A.半徑越小，周期越大B.半徑越小，角速度越小

C.半徑越大，線速度越小D.半徑越大，向心加速度越大

5、如圖，兩個小球分別被兩根長度不同的細繩懸于等高的懸點，現將細繩拉至水平后由靜止釋放小球，當兩小球通過

最低點時，兩球一定有相同的（）

A.速度B.角速度C.加速度D.機械能

6、天津市有多條河流，每條河流需要架設多座橋梁。假如架設橋梁的每一個橋墩有兩根支柱，每根支柱都是用相同橫

截面積的鋼筋混凝土鑄造。按照下列角度設計支柱，能使支柱的承重能力更強的是

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、一定質量的理想氣體，從狀態A變到狀態D,其狀態變化過程的體積V隨溫度T變化的規律如圖所示，已知狀態

A時氣體的體積為Vo,溫度為To,則氣體由狀態A變到狀態D過程中，下列判斷正確的是（）

A.氣體從外界吸收熱量，內能增加

B.氣體體積增大，單位時間內與器壁單位面積碰撞的分子數增大

C.若狀態D時氣體的體積為2V。，則狀態D的溫度為2To

D.若氣體對外做功為5J,增加的內能為9J,則氣體放出的熱量為14J

8、如圖所示，b小球均能沿各自斜軌道勻速下滑到豎直圓的最低點，現分別讓小球。、》以玲、w的速度沿各自軌

道從最低點同時向上滑動，兩小球速度同時減小到0,重力加速度為g,軌道與圓在同一豎直面內，sin37o=0.6,

cos37°=0.8,則（）

A.a、8小球與斜面間的動摩擦因數之比如:9=9：16

B.力小球沿斜面向上運的加速度之比以如:俏二4：3

C.vatvz,=4：3

D.兩小球不可能同時達到圓周上

9、下列各種說法中正確的是________

A.熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體

B.布朗運動是由于液體分子無規則運動引起的

C.當氣體分子熱運動的劇烈程度減弱時.氣體分子的平均動能減小

M

D.已知阿伏伽德羅常數為NA,氧氣的摩爾質量為M、密度為p,則每個氧氣分子的質量為陽）二天，每個氧氣分子

八A

的體積為匕尸工

E.有兩個相距較遠的分子甲和乙，設乙分子固定不動，現讓甲分子以一定的初速度向乙運動且兩分子始終在同一直線

上，當甲分子到達r=ro處時，甲、乙分子系統的分子勢能最小

10、如圖所示，a、b、c是均勻媒質中x軸上的三個質點.ab、be兩點間的距離分別為6m、10m.一列簡諧橫波以

2m/s的波速沿x軸正向傳播，在t=0時刻到達質點a處，質點a由平衡位置開始豎直向下運動，t=3s時質點a第一

次到達最大正位移處.則（）

abc

A.當質點a向下運動時，質點6也向下運動

B.當質點。的加速度最大時，質點力的速度一定最大

C.當質點。完成10次全振動時，質點c完成8次全振動

D.當質點。第三次到達位移最大值位置時，波恰好傳到質點c

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某實驗小組成員要測量一節干電池的電動勢和內阻，已知該干電池的電動勢約為1.5V,內阻約為0.50。；

實驗室提供了電壓表V（量程為3V,內阻約3k。）、電流表A（量程0.6A,內阻為0.70。）、滑動變阻器R（10C,2A）、電

鍵和導線若干。

3.50F.N

（1）該同學在彈簧下端逐一增掛鉤碼，每增掛一個鉤碼，待彈簧時，記錄所掛鉤碼的重力和對應的小

⑵根據實驗記錄數據作出入隨彈簧彈力尸變化的圖線如圖（b）所示，可得未掛鉤碼時水平紙片到地面的豎直距離

和產cm,彈簧的勁度系數〃=N/mo（結果都保留到小數點后一位）

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸負方向傳播，在t.0時刻波形如圖中的實線所示，t2=0.5s時刻的波形如

圖虛線所示，若該列波的周期T>0.5s,試求；

①該列波的波長入、周期T和波速v；

②在x軸上質點P在t=0時刻的運動方向和t=3.0s內通過的路程.

14.（16分）在某次的接力比賽項目中，項目組規劃的路線如圖所示，半徑R=20m的四分之一圓弧PQ賽道與兩條

直線賽道分別相切于P和。點，圓弧PQ為接力區，規定離開接力區的接力無效。甲、乙兩運動員在賽道上沿箭頭方

向訓練交接棒的過程中發現：甲經短距離加速后能保持9m/s的速率跑完全程，乙從起跑后的切向加速度大小是恒定的。

為了確定乙起跑的時機，需在接力區前適當的位置設置標記。在某次練習中，甲在接力區前s=13.5m的A處作了標

記，并以u=9m/s的速度跑到此標記時向乙發出起跑口令，乙在接力區的P點聽到口令時起跑，并恰好在速度達到

與甲相等時被甲追上，完成交接棒。假設運動員與賽道間的動摩擦因數為0.5,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，運動員

（可視為質點）在直道上做直線運動，在彎道上做圓周運動，重力加速度g=10m/s2,TT=3.14,求：

⑴為確保在彎道上能做圓周運動，允許運動員通過彎道PQ的最大速率;

(2)此次練習中乙在接棒前的切向加速度a。

15.(12分)如圖所示，將一個折射率為〃二立的透明長方體放在空氣中，矩形ABC。是它的一個截面，一單色細

2

光束入射到P點，4P之間的距離為d,入射角為aAD=gP,AP間的距離為d=30cm,光速為c=3.0xl08m/s,

求：

(i)若要使光束進入長方體后正好能射至D點上，光線在PD之間傳播的時間；

(ii)若要使光束在AO面上發生全反射，角。的范圍。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解題分析】

A.查德威克在原子核人工轉變的實驗中發現了中子，A錯誤；

B.湯姆孫發現了電子，揭示了原子具有一定的結構，B錯誤；

C.盧瑟福用。粒子轟擊氮核，發現了原子核內部存在著質子，C錯誤：

D.最近探測到13億年前兩個黑洞撞擊產生的引力波是利用了激光干涉的原理，D正確。

故選D。

2、D

【解題分析】

A.處于基態的氫原子吸收10.2eV的光子后能躍遷至〃=2能級，不能吸收10.2eV的能量.故A錯誤；

B.大量處于〃=4能級的氫原子，最多可以輻射出C：=6種，故B錯誤；

C.從〃=3能級躍遷到〃=2能級輻射出的光的能量值大于從〃=4能級躍遷到71=3能級輻射出的光的能量值，用從〃=3

能級躍遷到〃=2能級輻射出的光，照射某金屬時恰好發生光電效應，則用從〃=4能級躍遷到〃=3能級輻射出的光，照

射該金屬時不一定能發生光電效應，故C錯誤；

D.處于〃=4能級的氫原子躍遷到〃=1能級輻射出的光的能量為：￡=￡4-E,=-0.85-(-13.6)=12.75eV,根據光

電效應方程，照射逸出功為6.34eV的金屬鉆產生的光電子的最大初功能為：Ehn=E-W=12.75-6.34=6.4leV,

故D正確；

3、B

【解題分析】

A.兩衛星繞木星(M)運動，有

G駕二皿當2r

r2T

得

7'7?/

'=2六前

由題意知Z<4,則

故A錯誤；

BCD.由萬有引力提供向心力

q>a2Ml>牡，匕>v2

故B正確，CD錯誤。

故選B。

4、C

【解題分析】

原子核與核外電子的庫侖力提供向心力;

A.根據

ke24后

—r="？―，

r2T2

可得

故半徑越小，周期越小，A錯誤;

B.根據

ke2，

—r=inco~rt

可得

故半徑越小，角速度越大，B錯誤;

C.根據

ke2mv2

—=-----,

r-r

可得

故半徑越大，線速度越小，C正確;

D.根據

ke2

=ma，

可得

ke2

a=-7，

mr

故半徑越大，加速度越小，D錯誤。

故選C。

5、C

【解題分析】

試題分析：根據動能定理得：mgL=1mv2,解得：u=J荻，因為L不等.所以速度不等，故A錯誤；

B、根據〃=匕解得：a=2g,所以兩球加速度相等，又@=1q2,所以角速度不等，故B錯誤C正確；因為兩球的質量

L

關系未知，初始位置它們的重力勢能不一定相等，所以在最低點，兩球的機械能不一定相等，故D錯誤；故選C.

考點：動能定理；向心加速度.

【名師點睛】此題考查了動能定理的應用以及向心加速度及角速度的知識；解決本題的關鍵掌握動能定理和機械能守

恒定律，知道擺球在最低點靠合力提供做圓周運動的向心力，列的式子即可解答；此題是基礎題，意在考查基礎知識

的應用.

6、A

【解題分析】

依據受力分析，結合矢量的合成法則，及兩力的合力一定時，當兩分力夾角越大，則分力越大，夾角越小時，則分力

越小，從而即可求解。

【題目詳解】

由題意可知，兩根支柱支撐相同的質量的橋梁，即兩個力的合力是一定，當兩個力的夾角越大時，則分力也越大，當

兩個力的夾角越小時，則分力也越小，能使支柱的承重能力更強的是，即使支柱支撐的力要小，故A正確，故BCD

錯誤；故選A。

【題目點撥】

考查矢量的合成法則，掌握兩力的合成，當合力一定時，兩分力大小與夾角的關系，同時理解能使支柱的承重能力更

強，不是支柱支撐的力最大，而要最小的。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AC

【解題分析】試題分析：氣體由狀態A變到狀態。過程中，溫度升高，內能增大；體積增大，氣體對外做功，由熱力

學第一定律分析吸放熱情況.根據體積變化，分析密度變化,根據熱力學第一定律求解氣體的吸或放熱量.

氣體由狀態A變到狀態。過程中，溫度升高，內能增大；體積增大，氣體對外做功，由熱力學第一定律分析得知，氣

體從外界吸收熱量，A正確；由圖示圖象可知，從A到。過程，氣體的體積增大，兩個狀態的V與T成正比，由理

想氣體狀態方程與=C可知，兩個狀態的壓強相等；A、。兩狀態氣體壓強相等，而。的體積大于A的體積，則單位

時間內與器壁單位面積碰撞的分子數減少，B錯誤；由圖示圖象可知，從4到D過程，兩個狀態的V與T成正比，

由理想氣體狀態方程與=。可知，兩個狀態的壓強相等，從A到D是等壓變化，由蓋呂薩克定律得”去即卷

解得TD=2T&C正確；氣體對外做功為5J,則【r=-5J,內能增加9J,貝必U=9J,由熱力學第一定律JU=%+（海,

O=143,氣體吸收14J的熱量，故D錯誤.

8、BC

【解題分析】

A.a、b小球均能沿各自斜軌道勻速下滑，則對。：

mgcos37=^amgsin37

對b：

mgcos53=氏mgsin53

則

〃a：〃b=16：9

選項A錯誤；

B.4、）小球沿斜面向上運動時，對a

cos37+也/ngsin37=maa

對力

mgcos53+〃/〃gsin53=mah

加速度之比

aa:ab=4：3

選項B正確；

C.兩球速度同時減為零，時間相等，則由哼3可得

VatVb=Oa：ab=4：3

選項C正確；

D.因為兩物體加速度之比&：的=4：3,初速度之比均：叫=4：3,由歸Vo-af可知，任意時刻的速度比為4:3,則兩物

體的平均速度之比為4:3；而兩球到達圓周上時位移之比也為4:3,可知到達圓周上的時間相等，即兩物體同時到達圓

周上，選項D錯誤。

故選BC.

9、BCE

【解題分析】

A.熱量不可能自發地從低溫物體傳到高溫物體，若引起其他的變化，熱量可以從低溫物體傳向高溫物體，如空調，

故A錯誤；

B.布朗運動是由于液體分子的無規則運動而不斷撞擊懸浮顆粒，從而引起懸浮顆粒的無規則運動，這個無規則運動

稱為布朗運動，故B正確；

C.溫度是分子平均劭能的標志，氣體分子熱運動的劇烈程度減弱時，說明氣體的溫度降低，那么氣體分子的平均動

能減小，故C正確；

D.已知阿伏伽德羅常數為NA,氧氣的摩爾質量為則每個氧氣分子的質量為

M

且氣體的摩爾體積為

V*

P

由于氣體分子間的間隔較大，故可算出則每個氧氣分子所占空間的體積為

vVM

%F二西

并不能算出每個氧氣分子的體積，故D錯誤；

E.分子甲從遠處趨近固定不動的分子乙，一直到分子甲受到分子乙的作用力為零，這個過程中分子力表現為引力，

一直做正功，分子的動能一直增大，則系統分子勢能減小，當兩分子之間的距離時，分子力對乙分子做負功，此

后分子系統的勢能增加，故E正確。

故選BCEo

10、BC

【解題分析】

在t=0時刻到達質點a處，質點a由平衡位置開始豎直向下運動，t=3s時質點a第一次到達最大正位移處可知，

3

-T=3,所以7=4s,波長==8m

4

3

A、B項：由于工山=^2=6相，所以當質點a向下運動時，b質點一定向上振動，當質點a的加速度最大時，即處在

波峰（或波谷）所以b質點處于平衡位置，即速度最大，故A錯誤，B正確；

C項：當質點a完成10次全振動所用時間為107=4（",波從a傳到c所用的時間為￡S=8S,所以還有32S,所

2

以b剛好完成8次全振動，故C正確;

D項：當質點a第二次到達位移最大值位置所用的時間為，=(3+2X4)S=11S,波從a傳到c所用的時間,s=8s,

2

故D錯誤.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

【解題分析】(1)電路直接采用串聯即可，電壓表并聯在電源兩端，由于電流表內阻己知，則應采用電流表相對電源的

內接法；電路圖如圖所示。

I

⑵對照電路圖，實物圖完善后如下圖。

⑶根據U=R-/似及圖象可知，電源的電動勢為E=1.45V,內限為)+RM=與=嗡竺Q=L30Q,故

r=1.30Q-0.70Q=0.60Q\

(4)由閉合電路歐姆定律可知：E=g+號"，變形得：5=

RcEka

wrr_rn-x.YT—-(r+Ro)r+Ro皿h_Ro

當口/=。時，U2=Q,則有：—=a——%=k。解得：E=^7},r=口。

12、靜止120.031.3

【解題分析】

(1)口］該同學在彈簧下端逐一增掛鉤碼，每增掛一個鉤碼，待彈簧靜止時，此時彈力與重力大小相等，記錄所掛鉤碼的

重力和對應的力

(2)［2］由圖可知，當b=0時

l\}-120.0cm

即為未掛鉤碼時水平紙片到地面的豎直距離

[3]由胡克定律可得△尸二攵即圖像斜率絕對值的倒數表示彈簧勁度系數則有

3.13

k=N/m=31.3N/m

(120.0-110.0)xlO-2

四、計算題：木題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)8m；2s；4m/s(2)質點p向y軸負方向運動，0.3m

【解題分析】

........................(1

(1)由圖可知，波長).=8m,由于該波沿x軸負方向傳播，從ti=0到t2=0.5s時間內，有：加=4+―T(k=0,

\4/

1,2,3???.)又知T>0.5s,聯立上式