高2022級高二物理（上）第三次學月質量檢測試題注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的班級、姓名、考號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。寫在本試卷上無效。3.回答非選擇題時，將答案寫在答題卡對應題號的位置上。寫在本試卷上無效。4.考試結束后，將答題卡交回。第I卷（選擇題）一、本大題7小題。在每小題給出的四個選項中只有一個是符合要求的。1.在物理學發展過程中，觀測、實驗、假說和邏輯推理等方法都起到了重要作用。下列敘述符合史實的是（）A.安培發現了電流的磁效應B.法拉第發現了電磁感應現象C.奧斯特發現了產生感應電流的條件D.庫侖發現了磁感線是客觀存在的描繪磁場強弱和方向的曲線【答案】B【解析】【詳解】A．奧斯特在實驗中發現了電流的磁效應，故A錯誤；BC．法拉第通過大量實驗發現了電磁感應現象，并總結出產生感應電流的條件，故B正確，C錯誤；D．為了形象地描述磁場的強弱和方向，法拉第提出了磁感線的概念，但磁感線并不是客觀存在的，故D錯誤。故選B。2.初速度為v0的電子沿平行于通電長直導線的方向射出，直導線中電流方向與電子的初始運動方向如圖所示，則（）A.電子將向右偏轉，速率不變 B.電子將向左偏轉，速率改變C.電子將向左偏轉，速率不變 D.電子將向右偏轉，速率改變【答案】A【解析】【詳解】由安培定則可判定直線電流右側磁場的方向為垂直紙面向里，根據左手定則可判定電子所受洛倫茲力向右，即向右偏轉；由于洛倫茲力不做功，則電子動能不變，速率不變。故A正確，BCD錯誤。故選A。3.如圖所示的情況中，a、b兩點電場強度不同的是（）A.甲圖：帶電平行金屬板兩板間邊緣附近處的a、b兩點B.乙圖：離點電荷等距的a、b兩點C.丙圖：兩個等量異種點電荷連線的中垂線上，與連線中點等距的a、b兩點D.丁圖：兩個等量異種電荷連線上，與連線中點等距的a、b兩點【答案】B【解析】【詳解】A．甲圖：帶電平行金屬板兩板間內為勻強電場，故帶電平行金屬板兩板間邊緣附近處的a、b兩點電場強度相同，故A錯誤；B．乙圖：離點電荷等距的a、b兩點電場強度大小相同，電場強度方向不同，故B正確；C．設負電荷到a點的距離為，負電荷到a點的距離與兩個等量異種點電荷連線的夾角為，a、b兩點的場強丙圖：兩個等量異種點電荷連線的中垂線上，與連線中點等距的a、b兩點的電場強度相同，故C錯誤；D．設負電荷到a點距離為，正電荷到a點的距離為，a、b兩點的場強可知兩個等量異種電荷連線上，與連線中點等距的a、b兩點電場強度相同，故D錯誤。故選B4.如圖所示，條形磁鐵放在光滑斜面上，用平行于斜面的輕彈簧拉住而平衡，A為水平放置的直導線的截面，導線中無電流時磁鐵對斜面的壓力為FN1；當導線中有垂直紙面向外的電流時，磁鐵對斜面的壓力為FN2，則下列關于壓力和彈簧的伸長量的說法中正確的是（）A.FN1<FN2，彈簧的伸長量減小B.FN1=FN2，彈簧的伸長量減小C.FN1>FN2，彈簧的伸長量增大D.FN1>FN2，彈簧的伸長量減小【答案】D【解析】【詳解】磁鐵的磁感線在磁鐵外部是從N極到S極，因為長直導線在磁鐵的中心偏左位置，所以A處的磁感線是斜向左上或水平向左，A處電流的方向垂直紙面向外，根據左手定則可知導線受磁鐵給的安培力方向是斜向左下或豎直向下，根據物體間力的作用是相互的，導線給磁鐵的反作用力方向就是斜向右上或豎直向上；將這個力分解為垂直于斜面向上與平行于斜面向上的分力，可知光滑斜面對磁鐵支持力減小，彈簧拉力減小，彈簧伸長量將變小。故選D。5.某次實驗，小明測得一小燈泡伏安特性曲線如圖所示，若將該燈泡與一電動勢E=1.5V、內阻r=1.5Ω的電源連接，這個小燈泡實際消耗的功率最接近（）A.0.15W B.0.25W C.0.35W D.0.45W【答案】C【解析】【詳解】電源的外電壓與電流的關系為當電壓U=0V時，I=1A；當電流等于0時，電壓U=1.5V，作電源的外電壓與電流的關系圖線如圖所示交點為U=1.0V，I=0.35A則這個燈泡的實際功率故選C。6.如圖所示，甲是回旋加速器，乙是磁流體發電機，丙是速度選擇器，丁是霍爾元件，下列說法正確的是（）A.甲圖如果加速電壓減小，那么粒子最終的最大動能也會減小B.乙圖可通過增加勻強磁場的磁感應強度來增大電源電動勢C.丙圖可以判斷出帶電粒子的電性，粒子只能從左側沿直線勻速通過速度選擇器D.丁圖中產生霍爾效應時，穩定時一定是D側面電勢高【答案】B【解析】【詳解】A．粒子在磁場中滿足設回旋加速器D型盒的半徑為R，可推導出粒子的最大動能為由此可知，粒子的最大動能為加速電壓無關，故A錯誤；B．當磁流體發電機達到穩定時，電荷在A、B板間受到的電場力和洛倫茲力平衡，即得電源電動勢為由此可知，增加勻強磁場的磁感應強度來增大電源電動勢，故B正確；C．粒子從左側沿直線勻速通過速度選擇器時，電場力與洛倫茲力方向相反，但無法確定粒子的電性，故C錯誤；D．若載流子帶負電，洛倫茲力指向D板，載流子向D板聚集，D板電勢低，故D錯誤。故選B。7.一帶電粒子在電場中僅受靜電力作用，做初速度為零的直線運動，取該直線為x軸，起始點O為坐標原點，其電勢能與位移x的關系如圖所示，下列圖象中合理的是()A. B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】粒子僅受電場力作用，做初速度為零的加速直線運動，電場力做功等于電勢能的減小量，故：即圖象上某點的切線的斜率表示電場力；A.圖象上某點的切線的斜率表示電場力，故電場力逐漸減小，根據故電場強度也逐漸減小，故A錯誤；B根據動能定理，有：故圖線上某點切線的斜率表示電場力；由于電場力逐漸減小，與B圖矛盾，故B錯誤；C.按照C圖，速度隨著位移均勻增加，根據公式勻變速直線運動的圖象是直線，題圖圖象是直線；相同位移速度增加量相等，又是加速運動，故增加相等的速度需要的時間逐漸減小，故加速度逐漸增加；而電場力減小導致加速度減小；故矛盾，故C錯誤；D.粒子做加速度減小的加速運動，故D正確．二、本大題3小題。在每小題給出的四個選項中有一個或一個以上的選項符合要求。8.圖中K、L、M為靜電場中的三個相距很近的等勢面（K、M之間無電荷）。一帶電粒子射入此靜電場中后，依軌跡運動。已知電勢。（不計重力）下列說法中正確的是（）A.粒子帶負電 B.粒子在bc段做加速運動C.粒子在b點與d點的速率大小相等 D.粒子在c點時電勢能最大【答案】CD【解析】【詳解】A．電勢，所以電場線指向左側，做曲線運動的物體所受合外力指向軌跡凹側，電場力大體向左，該粒子應該帶正電，A錯誤；B．b到c電場力做負功，動能減小，速率減小，B錯誤；C．b、d在同一等勢面上，粒子在這兩點的電勢能相等，根據動能與電勢能總量守恒，可知粒子在兩點速率相等，C正確；D．a到c電場力做負功，電勢能增大，c到e電場力做正功，電勢能減小，c點電勢能最大，D正確。故選D。9.在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內阻r=1.5Ω，定值電阻R1=R2=R3=1Ω，電流表和電壓表均為理想電表，當滑動變阻器R4的滑片由a端滑到b端，下列說法正確的是（）A.電流表讀數增大B.電壓表讀數增大C.電源的效率增大D.電源的輸出功率增大【答案】AD【解析】【詳解】AB．當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，R4阻值減小，電路的總電阻減小，總電流變大，則電源內阻和R1上的電壓變大，并聯部分的電壓減小，通過R3的電流減小，則通過R2和R4的電流變大，即電流表示數變大，R2電壓變大，則R4電壓減小，即電壓表示數減小，選項A正確，B錯誤；C．電源的效率

因外電阻減小，則電源的效率減小，C錯誤；D．因外電路電阻等于電源內阻時電源輸出功率最大，可知當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時外電阻減小到1.5Ω，電源輸出功率達到最大，D正確。故選AD。10.如圖所示，ABCA為一個半圓形的有界勻強磁場，O為圓心，F、G分別為半徑OA和OC的中點，D、E點位于邊界圓弧上，且DFIIEG//BO．現有三個相同的帶電粒子（不計重力）以相同的速度分別從B、D、E三點沿平行BO方向射入磁場，其中由B點射入磁場粒子1恰好從C點射出，由D、E兩點射入的粒子2和粒子3從磁場某處射出，則下列說法正確的是（）A.粒子2從O點射出磁場B.粒子3從C點射出磁場C.粒子1、2、3在磁場的運動時間之比為3：2：2D.粒子2、3經磁場偏轉角不同【答案】ABC【解析】【詳解】AB.三個相同的帶電粒子(不計重力)以相同的速度分別從B、D、E三點沿平行BO方向射入磁場，故三粒子運動半徑、周期相同；由B點射入磁場粒子1恰好從C點射出，粒子都向右偏轉，且半徑r=R；根據幾何關系可以證明，粒子3沿EG方向位移為時，沿GC方向位移為R，恰好從C點射出；同理，粒子2恰好從O點射出。故A正確，B正確；CD.粒子2、3轉過的中心角為60°，粒子1轉過的中心角為90°，所以粒子1、2、3在磁場的運動時間之比為3：2：2，故C正確，D錯誤。故選：ABC。第II卷（非選擇題）三、本大題2小題11.如圖甲所示是一個擺線長度可調的單擺振動的情景圖，O是它的平衡位置，P、Q是小球所能到達的最高位置.圖乙是某擺長時小球的振動圖象，g取10m/s2。（1）為測量單擺的擺動周期，測量時間應從擺球經過________（填“O”“P”或“Q”）時開始計時；測出懸點到小球球心的距離（擺長）L及單擺完成n次全振動所用的時間t，則重力加速度g＝________（用L、n、t、π表示）。（2）若把該裝置從綿陽中學移動到莫斯科某教堂內，則單擺的擺動周期將________。【答案】①O②.③.變小【解析】【詳解】（1）[1][2]為測量單擺的擺動周期，測量時間應從擺球經過O時開始計時，單擺的周期為T=由單擺的周期為T=2π得（2）[3]若把該裝置從綿陽中學移動到莫斯科某教堂內，緯度升高，重力加速度變大，周期變小12.某實驗小組設計了探究小燈泡燈絲電阻與溫度的關系實驗。實驗室提供的器材如下：A．待測小燈泡（額定功率1.25W，額定電流0.5A）B．電流表（量程0~0.6A，內阻0.1Ω）C．電壓表（量程0~3V，內阻約5kΩ）D．電壓表（量程0~15V，內阻約15kΩ）E．滑動變阻器（最大阻值50Ω）F．滑動變阻器（最大阻值1kΩ）G．直流電源（電動勢6V，內阻可忽略）H．開關一個，導線若干實驗中調節滑動變阻器，小燈泡兩端電壓可以從零至額定電壓范圍內變化，從而測出小燈泡在不同電壓下的電流。（1）實驗中為較準確測量、方便調節，電壓表應選用_______，滑動變阻器應選用_______。（填寫儀器前符號）（2）根據圖甲設計的電路，完成圖乙中的實物連線。______（3）如圖丙所示是該研究小組測得小燈泡的關系圖線．由圖線可知，小燈泡燈絲電阻隨溫度的升高而_______（填“增大”“減小”或“不變”）；當小燈泡兩端所加電壓為1.5V時，其燈絲電阻值約為_______Ω。（4）若不考慮電表內阻的影響，得到的是上面的關系圖線。但實際電表內阻有影響，則實際的伏安特性曲線比上面的關系圖線位置來得偏_______（填“高”或“低”）。【答案】①.C②.E③.④.增大⑤.3.75⑥.低【解析】【詳解】（1）[1][2]根據小燈泡額定功率，額定電流可知，額定電壓所以電壓表應選C；題中要求小燈泡兩端電壓可以從零至額定電壓范圍內變化，則滑動變阻器應用分壓式接法，為方便調節，滑動變阻器應選E。（2）[3]由題圖甲可知，電壓表并聯在小燈泡兩端，滑動變阻器采用分壓式接法，即將左下方接線柱與電源正極相連，如圖（3）[4][5]由題圖丙可知，隨燈泡兩端電壓增大，通過燈泡的電流增大，溫度升高且電壓與電流的比值增大，燈絲電阻增大；由題圖丙可知，當燈泡兩端電壓為時，通過燈泡的電流為，則燈絲電阻（4）[6]因為采用電流表外接法，由于電壓表的分流，使電流表示數偏大，則測量得到的圖像中的電流偏大，故實際圖線的位置偏低。四、本大題3小題。要求在答卷上寫出必要的文字說明、主要的計算步驟和明確的答案。13.一列簡諧橫波，在t=0時的波動圖像如圖所示，此時波恰好傳播到A點，再經過1s，B點正好完成第一次全振動。求：（1）該簡諧波的周期與波速大小；（2）坐標為x=1m的質點從t=0時刻開始的振動方程。【答案】（1）0.8s，5m/s；（2）【解析】【詳解】（1）由波形圖可知故簡諧橫波的波長為由圖像可知，A點到B點的距離為，從零時刻再經過1.0s，B點正好完成第一次全振動，則周期有解得波速為（2）波沿軸正方向傳播，根據上下坡法在t=0時，坐標為x=1m的質點處于平衡位置向下振動，坐標為x=1m的質點振動方程為14.如圖所示，電源電動勢為E，電路總電阻為R，金屬桿ab質量為m，長為l，處在磁感應強度為B的足夠大勻強磁場中，磁場方向與水平粗糙導軌平面成θ角斜向上，金屬桿靜止于導軌上，金屬桿與導軌間的動摩擦因數為μ。可認為最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，求：（1）金屬桿受到的安培力F；（2）導軌對金屬桿的摩擦力f的大小；（3）使金屬桿能靜止于導軌上所需的電路總電阻最小值Rmin。【答案】（1），方向斜向左上，與豎直方向成θ角；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）根據閉合電路歐姆定律應用安培力公式解得金屬桿受到的安培力為由左手定則可知，方向斜向左上，與豎直方向成θ角。（2）金屬桿受力分析如圖所示摩擦力為靜摩擦力，水平方向由平衡方程得，導軌對金屬桿的摩擦力f的大小為（3）隨著電路總電阻減小，金屬桿所受安培力增大，使金屬桿與導軌間的彈力減小、摩擦力增大。臨界狀態下，摩擦力達到最大靜摩擦力，此時水平、豎直兩方向分別滿足平衡方程又由解得使金屬桿能靜止于導軌上所需的電路總電阻最小值為15.如圖所示，在的區域內存在沿y軸負方向、場強大小為E的勻強電場，在的區域內存在垂直于xOy平面向外的勻強磁場（磁感應強度未知）。一質量為m、電荷量為q的帶正電粒子a，從y軸上的P點以某一速度沿x軸正方向射出，已知粒子a進入磁場時的速度大小為v，方向與x軸正方向的夾角，粒子a進入磁場后在磁場中做勻速圓周運動的軌跡半徑為P點縱坐標的一半