上海市徐匯區2025屆物理高二第一學期期中達標測試試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在正方形空腔內有勻強磁場，不計重力的帶電粒子甲、乙從a孔垂直磁場方向平行于ab邊射入磁場，甲從c孔射出，乙從d孔射出，下列說法正確的是A．若甲、乙為同種帶電粒子，速率之比為1∶1B．若甲、乙為同種帶電粒子，角速度之比為1∶1C．若甲、乙為同種帶電粒子，在磁場中運動的時間之比為1∶1D．甲、乙為不同種帶電粒子但速率相同，它們的比荷為2∶12、分別將帶正電、負電和不帶電的三個等質量小球，分別以相同的水平速度由P點射入水平放置的平行金屬板間，已知上板帶負電，下板接地。三小球分別落在圖中A、B、C三點，則錯誤的是（）A．A帶正電、B不帶電、C帶負電B．三小球在電場中加速度大小關系是：aA＜aB＜aCC．三小球在電場中運動時間相等D．三小球到達下板時的動能關系是EkC＞EkB＞EkA3、通過一個導體電流是2A，經過4min通過該導體橫截面的電量是()A．8CB．20CC．480CD．1200C4、如圖所示，a、b、c三盞燈都能發光，且在電路變化時，燈不會燒壞。試判斷：當滑動變阻器的觸頭P向下移動時：A．外電路的總電阻變小B．總電流變小C．a燈變暗D．c燈變亮5、如圖所示，B為線段AC的中點，如果在A處放一個＋Q的點電荷，測得B處的場強EB＝48N/C，則（）A．EC＝24N/CB．EC＝12N/CC．若要使EB＝0，可在C處放一個－Q的點電荷D．把q＝10－9C的點電荷放在C點，則其所受電場力的大小為6×10－9N6、真空中有一靜電場，其在x軸正半軸的電勢隨x變化的關系如圖所示，則根據圖象可知()A．R處的電場強度E＝0B．x1處與x2處的電場強度方向相同C．若正的試探電荷從x1處移到x2處，電場力不一定做正功D．該電場有可能是處在O點的正的點電荷激發產生的二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在水平向右、大小為E的勻強電場中，O點固定一帶電量為Q（Q>0）的點電荷，A、B、C、D為以O為圓心、半徑為r的同一圓周上的四點，B、D連線與電場線平行，A、C連線與電場線垂直．則()A．A點的場強大小為B．B點的場強大小為C．C點的場強大小一定為0D．D點的場強大小可能為08、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源(內阻不計)連接，下極板接地。一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態。現將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離A．帶電油滴將沿豎直方向向下運動B．若電容器的電容減小，則極板帶電量將增大C．帶電油滴的電勢能將減小D．P點的電勢將降低9、一鉛蓄電池的電動勢為2V，這表示（）A．電路中每通過1C電量，電源把2J的化學能轉變為電能B．電動勢就是電壓C．該蓄電池能在1s內將2J的化學能轉變成電能D．該蓄電池將化學能轉變成電能的本領比一節干電池（電動勢為1.5V）的大10、如圖所示，電路中A、B是規格相同的燈泡，L是電阻不計的電感線圈，那么（）A．斷開S，A立即熄滅 B．斷開S，B立即熄滅C．斷開S，A閃亮一下后熄滅 D．斷開S，B閃亮一下后熄滅三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一個額定電壓為3.0V，額定功率約為1W的小燈泡，現要用伏安法描繪這個燈泡的I－U圖線，有下列器材可供選用：A．電壓表V1(0～6V，內阻約為10kΩ)B．電壓表V2(0～15V，內阻約為50kΩ)C．電流表A1(0～3A，內阻約為0.1Ω)D．電流表A2(0～0.6A，內阻約為0.5Ω)E.滑動變阻器R1(10Ω，5A)F.滑動變阻器R2(200Ω，0.5A)G.蓄電池(電動勢6V，內阻不計)H.開關、導線(1)實驗中，電壓表選_________，電流表選_________，滑動變阻器選_________；(用序號字母表示)；(2)測得該燈泡的伏安特性曲線如圖所示，由燈泡的伏安特性曲線可以求得此燈泡在正常工作時的電阻約為_________Ω，若將此燈泡接在電壓為12V的電路中，要使燈泡正常發光，需串聯一個阻值約為_________Ω的電阻。(結果保留兩位有效數字)12．（12分）在“描繪小電珠的伏安特性曲線”實驗中，所用器材有：小電珠（2.5V，0.6W），滑動變阻器，電流表，學生電源，開關，導線若干．①利用小電珠的標稱值可估算出小電珠正常工作時的電阻值約為________Ω．（計算結果保留2位有效數字）②請根據實驗原理圖A完成實物圖B中的連線_______．③開關閉合前，應將滑動變阻器的滑片P置于________端．為使小電珠亮度增加，P應由中點向__________端滑動．④下表為電壓等間隔變化測得的數據，為了獲得更準確的實驗圖象，必須在相鄰數據點_______間多測幾組數據（請填寫“ab”“bc”“cd”“de”或“ef”）．數據點abcdefU/V0.000.501.001.502.002.50I/A0.0000.1220.1560.1850.2160.244⑤下列圖象能正確表示小燈泡的伏安特性曲線的是_______．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示電路，電源內阻，，，燈L標有“3V1.5W”字樣，滑動變阻器最大值為R，當滑片P滑到最右端A時，電流表讀數為1A，此時燈L恰好正常發光，試求：（1）電源電動勢E；（2）當滑片P滑到最左端B時，電流表讀數；（3）當滑片P位于滑動變阻器的中點時，滑動變阻器上消耗的功率．14．（16分）如圖所示，勻強電場中的A、B、C三點連線組成一個直角三角形，其中A角為直角，B角等于30°，邊長AB＝20cm.現將一電荷量為2×10－8C的負點電荷從A點移到B點，電場力做功6×10－6J；將另一個電荷量為1.5×10－8C的負點電荷從C點移到A點，外力克服電場力做功4.5×10－6J.設B點的電勢為零，求：(1)A、C兩點的電勢；(2)勻強電場的電場強度(大小和方向).15．（12分）電場中有a、b兩點，已知φa＝0V，φb＝1500V，求：(1)a、b兩點電勢差；(2)如將帶電量為q＝-4×10－9C的點電荷從a移到b時，電場力做多少功；(3)q＝-4×10－9C的點電荷在b點的電勢能．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

粒子運動軌跡如圖所示，由幾何知識可知：r甲=2r乙，粒子轉過的圓心角：θ甲=90°，θ乙=180°；

A．粒子做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得：若甲、乙為同種帶電粒子，速率之比：故A錯誤；

B．角速度：，若甲、乙為同種帶電粒子，角速度之比：故B正確；

C．粒子在磁場中做圓周運動的周期：粒子的運動時間若甲、乙為同種帶電粒子，在磁場中運動的時間之比：故C錯誤；

D．由牛頓第二定律得：解得比荷：甲、乙為不同種帶電粒子但速率相同，它們的比荷：故D錯誤；2、C【解析】

C.三個小球在水平方向都做勻速直線運動，由圖看出水平位移關系是，三個小球水平速度相同，由得運動時間關系是，故選項C符合題意；B.豎直方向上三個小球都做勻加速直線運動，由圖看出豎直位移大小相等，由得到加速度關系為，故選項B不符合題意；A.根據牛頓第二定律得到合力關系為，三個小球重力相同，而平行金屬板上板帶負極，可以判斷出來帶正電、不帶電、帶負電，故選項A不符合題意；D.三個小球所受合力方向都豎直向下，都做正功，豎直位移大小相等，而合力，則合力做功大小關系為，根據動能定理得三小球到達下板時的動能關系是，故選項D不符合題意。3、C【解析】

已知電流5A和時間4min，根據Q=It可求出電荷量。【詳解】t=4min=240s，通過導體橫截面的電荷量：Q=It=2A×240s=480C故C正確。【點睛】本題考查了電量及其計算，比較基本，只要記住公式：I=Qt，4、A【解析】據圖可知，當滑動變阻器滑片向下滑動時，相當于滑動變阻器被短接部分變大，未短接部分減小，則滑動變阻器阻值減小，外電路總電阻與其中之一電阻的變化一致，所以外電阻總電阻變小，A選項正確；據，總電流變大，B選項錯誤；a燈接在干路，總電流變大，則a燈變亮，C錯誤；據“串反并同”c燈與滑動變阻器并聯，c燈電流、電壓變化與滑動變阻器阻值變化一致，則c燈變暗，D錯誤。點晴：本題考查電路動態平衡問題，利用“串反并同”解決此類問題非常方便。5、B【解析】

Q相同，B離點+Q的距離等于C離+Q的距離的一半，則根據真空中點電荷場強公式E=kQ/r2，得EB=4EC；因B處的場強EB=48N/C，則EC=12N/C．故A錯誤，B正確；若要使EB=0，可在C處放一個+Q的點電荷，故C錯誤；把q=10-9C的點電荷放在C點，則其受電場力的大小為F=qE=10-9C×12N/C=1.2×10-8N，故D錯誤；故選B。6、B【解析】A、圖像中,曲線上任意一點的切線的斜率表示電場強度;R處切線的斜率不為零,故R處的電場強度不為零，故A錯誤

B、處與處的切線斜率同為負值,故處與處的電場強度方向相同,故B正確；

C、從處移到處,電勢降低,若移動的是正電荷，則電場力做正功，故C錯誤；D、離電荷越近,電場強度越大，圖像的斜率應越大,而圖中離O點越近,圖像切線的斜率變小,故該電場不可能在O點的正電荷產生的,故D錯誤;綜上所述本題答案是：B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】正點電荷Q在A點的電場強度大小為：，而勻強電場在A點的電場強度大小為E，因方向相互垂直，根據矢量的合成法則，則有A點的場強大小為：，故A正確；同理，點電荷Q在B點的電場強度的方向與勻強電場方向相同，因此B點場強大小為:，故B錯誤；同理在C點的場強大小為，故C錯誤；當點電荷Q在D點的電場強度的方向與勻強電場方向相反，且大小相等時，則D點的電場強度大小可以為零，故D正確．所以AD正確，BC錯誤．8、AD【解析】

A.將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據得知板間場強減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動。故A正確。B.因間距增大，則電容器的電容減小，根據Q=UC，由于電勢差不變，故帶電量減小，故B錯誤；CD.由帶電油滴原來處于平衡狀態可知，油滴帶負電，，P點與下極板電勢差降低，則P點的電勢降低，則油滴的電勢能將增加。故C錯誤D正確。9、AD【解析】

AC．鉛蓄電池的電動勢為2V，表示非靜電力將單位正電荷從電源的負極通過電源內部移送到正極時所做的功為2J，即2J化學能轉化為電能，不知道電路中的電流，無法求出蓄電池能在1s內把化學能轉變為電能的情況，C錯誤A正確；B．電源的電動勢是表示電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱，其大小等于內外電壓之和，但不能說它就是電壓，B錯誤；D．電源的電動勢是表示電源將其它形式的能轉化為電能的本領，鉛蓄電池的電動勢為2V，干電池的電動勢是1.5V，鉛蓄電池的電動勢比一節干電池的電動勢大，所以鉛蓄電池將化學能轉變成電能的本領比一節干電池大，D正確。故選AD。10、BC【解析】

當電路穩定后A燈被短路，不亮；S斷開瞬時，B立刻熄滅，L相當于電源，與A組成回路，則A燈閃亮一下后逐漸熄滅；A．斷開S，A立即熄滅，與結論不相符，選項A錯誤；B．斷開S，B立即熄滅，與結論相符，選項B正確；C．斷開S，A閃亮一下后熄滅，與結論相符，選項C正確；D．斷開S，B閃亮一下后熄滅，與結論不相符，選項D錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ADE【解析】

(1)[1]燈泡的額定電壓為3.8V，電壓表選擇量程為6V的讀數時誤差會更小，故選擇A；[2]燈泡的額定電流為電流表選擇量程為0.6A的讀數時誤差會更小，故選擇D；[3]該實驗要求電流、電壓從零開始變化，滑動變阻器應接為分壓式，滑動變阻器選擇時，調節更方便；(2)[4]由圖象分析可知當電壓為3.0V時，電流有0.285A，故電阻為；[5]。12、10ababA【解析】①根據，帶入數據可得：②由原理圖可知，電路采用滑動變阻器分壓接法，電流表采用外接法；則先連接分壓電路，再并聯測量電路；答案如圖所示：③為了測量安全，開始時測量電路的電壓應為零；由圖可知，測量電路與左側并聯；故開始時滑片應滑到a側；與測量部分并聯電阻越大，則燈泡兩端電壓越大，則應將滑片向b端移動．④因ab兩段上電流變化較大，故為了更精確的畫出I-U圖象，在ab段內應多測幾組數據．⑤因燈泡電阻隨溫度的升高而增大，故在I-U圖象中應為斜率越來越小的曲線；故選A四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】

試題分析：（1）當P滑到A時，R2被短路，如圖甲所示，由閉合電路歐姆定律得：（2）當P滑到B點時，電路如圖乙所示，此時電流表的讀數為（3）當滑片P位于滑動變阻器中點時等效電路如圖丙所示，由圖知R2與右側被電流表短接，在圖甲所示電路中總電流為I=1A．通過燈L的電流為通過變阻器R的電流為由并聯電路的特點可得在圖丙所示電路中并聯部分電路的總電阻為并聯部分電路的電壓為滑動變阻器上消耗的功率為【點睛】本題關鍵要