2025屆海南省儋州一中物理高二第一學期期中質量跟蹤監視模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的電場線，描繪的可能是（）A．一個正電荷的電場 B．一個負電荷的電場C．兩個負電荷的電場 D．兩個正電荷的電場2、空間存在甲、乙兩相鄰的金屬球，甲球帶正電，乙球原來不帶電，由于靜電感應，兩球在空間形成了如圖所示穩定的靜電場．實線為其電場線，虛線為其等勢線，A、B兩點與兩球球心連線位于同一直線上，C、D兩點關于直線AB對稱，則：A．C點和D點的電場強度相同B．正電荷從A點移至B點，靜電力做負功C．A點和B點比較，A點的電勢比B點電勢高D．負電荷從C點沿直線CD移至D點，電勢能先增大后減小3、如圖所示,把一帶負電的小球放在光滑絕緣面上,欲使球能靜止在斜面上,需在MN間放一帶電小球,則可A．帶負電,放在A點 B．帶正電,放在B點 C．帶負電,放在B點 D．帶負電,放在C點4、一電子只在電場力作用下從電場中的A點移動到B點的過程中，電子克服電場力做了5eV的功，則（）A．A點的電勢比B點的電勢高5VB．A點的電勢比B點的電勢低5VC．電子的電勢能減少了5eVD．電子的動能增加了5eV5、關下列于動量的說法中，正確的是（

）．A．物體的動量越大，其慣性也越大B．做勻速圓周運動的物體，其動量不變C．一個物體的速度改變，它的動能不一定改變D．一個物體的運動狀態發生變化，它的動能一定改變6、一臺電動機，額定電壓是100V，電阻是1Ω．正常工作時，通過的電流為5A，則電動機因發熱損失的功率為（）A．500W B．25W C．2000W D．475W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，圓形線圈P靜止在水平桌面上，其正上方固定一螺線管Q，P和Q共軸，Q中的電流i隨時間t變化的規律如圖乙所示，取甲圖中電流方向為正方向，P所受的重力為G，桌面對P的支持力為FN，則A．在時刻，，P有收縮的趨勢B．在時刻，，穿過P的磁通量不變C．在時刻，，P中有感應電流D．在時刻，，P有收縮的趨勢8、下列關于勻變速直線運動的說法正確的是（）A．做勻變速直線運動的物體，它的加速度方向和速度方向總是相同的B．做勻變速直線運動的物體，它的加速度方向和速度變化的方向總是相同的C．做勻變速直線運動的物體，它的速度變化越大，加速度越大D．做勻變速直線運動的物體，它的速度在單位時間內變化越大，加速度越大9、在閉合電路中，下列敘述正確的是（）A．當外電路斷開時，路端電壓等于零B．閉合電路的電流跟電源的電動勢成正比，跟內外電路的電阻之和成反比C．當外電路短路時，電路中的電流趨近于無窮大D．當外電阻增大時，路端電壓將增大10、某學校圖書館憑磁卡借還書，某同學了解到其工作原理是磁卡以一定的速度通過裝有線圈的檢測頭，在線圈中產生感應電動勢，從而傳輸了被記錄的信號．為研究該現象，該同學于是借用了如圖所示的實驗室裝置．螺線管固定在鐵架臺上，并與電流傳感器、電壓傳感器和滑動變阻器連接．現將一小磁鐵置于螺線管正上方，其上表面為N極，后靜止釋放，穿過螺線管后掉落到海綿墊上并靜止（小磁鐵下落中受到的空氣阻力遠小于重力，不發生轉動），計算機屏幕上顯示出如圖的曲線。對于該實驗結果，以下說法正確的是（）A．只減小磁鐵釋放高度，兩個峰值都增大B．只減小螺線管匝數，兩個峰值都減小C．只增大小磁鐵質量，穿過線圈的時間不變D．只增大變阻器阻值，穿過線圈的時間減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了描繪小燈泡的伏安特性曲線，某同學設計了如下的實驗電路，已知小燈泡的規格為“12V，5W”．（1）閉合電建前，應將電路圖中的滑動變阻器的滑片移到______（填“a”或“b”）端．根據連接好的實物圖，調節滑動變阻器，記錄多組電壓表和電流表的讀數，作出的圖線如圖甲中實線所示，由圖線分析可知，小燈泡的電阻隨溫度的升高而______（填“增大”或“減小”）．若某次電流表的示數如圖乙所示，則此時小燈泡的功率為____W（保留兩位有效數字）．（2）若圖像中的虛線Ⅰ或Ⅱ表示小燈泡真實的伏安特性曲線，與實驗中得到的實線相比，虛線_____（填“Ⅰ”或“Ⅱ”）才是其真實的伏安特性曲線．12．（12分）某同學要測量一節干電池的電動勢和內阻，除開關S和導線外，實驗室還提供以下器材可供選擇：A．電壓表V（量程為3V，內阻RV=10kΩ）B．電流表G（量程為3mA，內阻RG=100Ω）C．電流表A（量程為3A，內阻約為0.5Ω）D．滑動變阻器R1（阻值范圍為0~10Ω，額定電流為2A）E.滑動變阻器R2（阻值范圍為0~1000Ω，額定電流為1A）F.定值電阻R3=0.5Ω（1）該同學根據所選擇的器材畫出了如圖甲所示的原理圖，他沒有選用電流表A的原因是__________.（2）該同學將電流表G與定值電阻R3并聯進行了電表的改裝，則他改裝后的電流表對應的量程是____A．（3）為了能準確地進行測量，同時為了操作方便，實驗中應選用的滑動變阻器為______(填寫器材前對應的字母).（4）該同學利用上述實驗原理測得數據，以電流表G的讀數為橫坐標，以電壓表V的讀數為縱坐標，繪出了如圖乙所示的圖線，根據圖線可求出電源的電動勢E=____V，電源的內阻r=___Ω.(均保留兩位小數)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一根長為L=0.2m的直導線放在水平方向的勻強磁場中，導線水平且與磁場方向垂直，導線中通有向右的電流．①請判斷導線所受安培力的方向是豎直向上還是豎直向下；②若勻強磁場的磁感應強度的大小B=0.5T，導線中的電流I=1.5A，試計算導線所受安培力的大小；③將該通電導線旋轉到與磁感線平行的位置，此時導線是否受安培力？14．（16分）如圖所示，真空中兩個相同的小球帶有等量同種電荷，質量均為m，分別用長為L的絕緣細線懸掛于絕緣天花板的一點，當平衡時B球偏離豎直方向60°，A豎直懸掛且與絕緣墻接觸。（重力加速度為g，靜電力常量為k）求：(1)小球的帶電荷量和墻壁受到的壓力．(2)兩條細線的拉力15．（12分）直流電動機是一種使用直流電的動力裝置，是根據通電線圈在磁場中受到安培力的原理制成的。如圖所示是一臺最簡單的直流電動機模型示意圖，固定部分（定子）裝了一對磁極，旋轉部分（轉子）裝設圓柱形鐵芯，將abcd矩形導線框固定在轉子鐵芯上，能與轉子一起繞軸OO'轉動。線框與鐵芯是絕緣的，線框通過換向器與直流電源連接。定子與轉子之間的空隙很小，可認為磁場沿徑向分布，線框無論轉到什么位置，它的平面都跟磁感線平行，如圖25所示（側面圖）。已知ab、cd桿的質量均為M、長度均為L，其它部分質量不計，線框總電阻為R。電源電動勢為E，內阻不計。當閉合開關S，線框由靜止開始在磁場中轉動，線框所處位置的磁感應強度大小均為B。忽略一切阻力與摩擦。求：（1）閉合開關后，線框轉動達到穩定時的速率；（2）當電動機接上負載后，相當于線框受到恒定的阻力，阻力不同電動機的轉動速率也不相同。求：ab、cd兩根桿的轉動速率v多大時，電動機的輸出功率P最大。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

由于電場線從兩個地方發出，故場源為兩個電荷；由于電場線是從電荷出發終止到無窮遠，故該場源電荷為正電荷又由于兩電荷的連線之間電場線稀疏甚至有的地方沒有電場線，故兩個場源電荷為同種電荷，綜上所述該電場線是由兩個等量正電荷產生的。故ABC錯誤，D正確；2、C【解析】

由題意可知考查帶電粒子在非勻強電場中的運動，根據電場特點及電場力做功情況分析可得。【詳解】A．C點和D點的電場強度方向不同，故電場強度不同，故A錯誤；B．正電荷從A點移至B點，電勢差為正，電量為正，則靜電力做正功，故B錯誤。C．由圖可知A點與C點和D點在一條等勢線上，沿著電場線的方向電勢降低，C點電勢高于乙球表面的電勢，乙球表面的電勢高于B點電勢，因此A點的電勢比B點電勢高，C正確D．負電荷從C點沿直線CD移至D點，直線CD上各點電勢相等，電場力做功為零，電勢能不變，故D錯誤。【點睛】電場線越密（越疏）場強越大（越小），沿電場線方向電勢降低，，電勢差為正（負）時，取正（負）值，帶正（負）電時，電量取正（負），電場力做正功（負功），W取正值（負值）3、A【解析】

小球a要平衡，受重力、支持力和靜電力，根據共點力平衡條件分析即可．【詳解】小球a處于平衡狀態，受力平衡，合力為零．小球受重力，一定向下，支持力一定垂直向上，根據平衡條件，故小球b對小球a為靜電斥力，則小球b放在A位置，若小球b對小球a為靜電引力，則放在C位置，故A正確，BCD錯誤；故選A．【點睛】本題關鍵對物體受力分析后，根據三力平衡條件，得到未知力的方向范圍．4、A【解析】

AB．由于電子帶負電，電子克服電場力做功，電子一定是從高電勢點向低電勢點運動，根據，可得A點的電勢比B點的電勢高5V，故A正確B錯誤；CD．克服電場力做了5eV的功，電子的電勢能增加了5eV，則動能減小了5eV，故CD錯誤。故選A。5、C【解析】

A.根據p=mv可知，物體的動量越大，其質量不一定越大，慣性不一定越大，故A錯誤；B.做勻速圓周運動的物體，速度大小不變，方向一直在改變，所以其動量大小不變，方向一直改變，故B錯誤；CD.一個物體的速度如果大小不變，方向改變，它的運動狀態發生變化，但它的動能不變，故C正確，D錯誤；6、B【解析】

根據焦耳定律得到P熱=I2r=52×2W=50W。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

A.當螺線管中電流增大時，其形成的磁場不斷增強，因此線圈P中的磁通量增大，根據楞次定律可知線圈P將阻礙其磁通量的增大，故線圈有遠離和面積收縮的趨勢，即FN>G，P有收縮的趨勢，故A錯誤；B.當螺線管中電流不變時，其形成磁場不變，線圈P中的磁通量不變，因此線圈中無感應電流產生，故時FN=G，故B正確；C.t3時螺線管中電流為零，但是線圈P中磁通量是變化的，因此此時線圈P中有感應電流，但此時刻二者之間沒有相互作用力，即FN=G，故C正確；D.當螺線管中電流不變時，其形成磁場不變，線圈P中的磁通量不變，因此線圈中無感應電流產生，故t4時FN=G，此時P沒有收縮的趨勢，故D錯誤．8、BD【解析】勻加速直線運動的速度方向和加速度方向相同，而勻減速直線運動的速度方向和加速度方向相反，故A錯誤；由加速度的定義可知加速度的方向與速度變化方向相同，故B正確；加速度表示速度變化的快慢，速度變化越快，加速度就越大，速度在單位時間內變化越大，與速度變化大小無關，故C錯誤；D正確．所以BD正確，AC錯誤．9、BD【解析】試題分析：根據閉合電路歐姆定律U=E﹣Ir可知，當外電路斷開時，路端電壓等于電動勢．當外電路短路時，電路中的電流很大，但不是無窮大，因為電源有一定的內阻．當外電阻增大時，電流減小，內電壓減小，路端電壓將增大．解：A、根據閉合電路歐姆定律U=E﹣Ir可知，當外電路斷開時，電流I=0，路端電壓U=E．故A錯誤．B、根據閉合電路歐姆定律I=得知：閉合電路的電流跟電源的電動勢成正比，跟內外電路的電阻之和成反比．C、當外電路短路時，R=0，短路電流I短=，電源內阻r＞0，I短≠∞．故C錯誤．D、當外電阻增大時，電流減小，內電壓減小，路端電壓將增大．故D正確．故選BD【點評】本題考查對閉合電路歐姆定律的理解能力．對于斷路和短路兩個特例，要在理解的基礎上加強記憶．10、BD【解析】

AB．當h減小時，磁鐵進入線框的速度減小，導致線框中磁通量的變化率減小，因此兩個峰值都會減小，且兩個峰值不可能相等，故A錯誤，B正確；C．當增大磁鐵的質量，則磁鐵進入線框的速度增大，經過相同的位移，所用時間減小，故C錯誤；D．磁鐵進入線圈過程中，線圈對磁鐵產生向上的排斥力，穿過線圈過程中線圈對磁鐵是向上的吸引力，增大變阻器的阻值，則線圈中的電流減小，線圈產生的磁場減弱，則對磁鐵的作用力減小，所以磁鐵穿過線圈的時間減小，故D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）a，增大，2.4；（2）Ⅱ【解析】（1）開始時應讓測量部分電壓為零，故開關應移到a端開始調節；

由圖可知圖象的斜率越來越小，則說明電阻越來越大，小燈泡的電阻隨溫度的升高而增大；由電流表示數可知，電流大小為0.4A，則由圖可知，電壓為6.0V，故燈泡功率P=UI=6×0.4=2.4W；

（2）由于電流表采用外接法，由于電壓表分流使電流表示數偏大，而電壓表是準確的，故相同電壓電流應偏小，故II為真實的圖象．12、電流表量程太大0.603D1.480.84【解析】

[1]根據分析可知，電流最大時不到2.5mA，所以用3A量程時太大，沒有選用電流表A的原因是量程太大；[2]根據并聯分流且電壓相等，可得改裝后電流表量程為：。[3]為使電路中電流較大，并且方便調節，故實驗中應選用的滑動變阻器是阻值范圍較小的R1。[4][5]由上可知，改裝后電流表的量程是電流表G量程的200倍，圖象的縱截距b等于電源的電動勢，由圖讀出電源的電動勢為：E＝1.48V；圖線的斜率大小k＝r，由數學知識知：則電源的內阻為：r＝k＝0.840Ω。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必