2025屆湖北省漢川市第二中學物理高二第一學期期末綜合測試試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、用比值法定義物理量是高中物理學習中常用的方法，下列表達式中，表示物理量的定義式的是（）A. B.C. D.2、如圖所示，某半導體熱敏電阻的I-U圖線可能是()A. B.C. D.3、如圖所示的電路中，線圈L的自感系數足夠大，其直流電阻忽略不計，LA、LB是兩個相同的燈泡，下列說法中正確的是：（）A.k閉合瞬間，LA立即變亮，LB不亮B.k閉合瞬間，LA、LB同時立即變亮C.k斷開的瞬間，LA、LB同時熄滅D.k斷開的瞬間，LA立即熄滅，LB逐漸熄滅4、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個銅質D形盒D1、D2構成，其間留有空隙，下列說法不正確的是()A.帶電粒子由加速器的中心附近進入加速器B.帶電粒子由加速器的邊緣進入加速器C.電場使帶電粒子加速，磁場使帶電粒子旋轉D.離子從D形盒射出時的動能與加速電場的電壓無關5、如圖所示，矩形線圈放置在水平面內，磁場方向與水平方向成，已知，，回路面積為S，磁感應強度為B，則通過線框的磁通量為（）A.BS B.0.8BSC.0.65BS D.0.75BS6、如圖四個燈泡L1，L2，L3，L4完全一樣，規格都是12V、12W，在AB兩端加上60V的電壓，則經過L3的電流是（）A.1AB.2AC.1.67AD.1.25A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、地面附近空間中存在著水平方向的勻強電場和勻強磁場，已知磁場方向垂直紙面向里，一個帶電油滴沿著一條與豎直方向成θ角的直線MN運動．如圖所示，由此可以判斷：（）A.油滴一定做勻速直線運動B.油滴可能做勻變速直線運動C.如果油滴帶正電，它是從N點運動到M點D.如果油滴帶正電，它是從M點運動到N點8、如圖是通過變壓器降壓給用戶供電示意圖.負載變化時變壓器輸入電壓保持不變.輸出電壓通過輸電線輸送給用戶，輸電線的電阻用R0表示，開關S閉合后，相當于接入電路中工作的用電器增加．變壓器可視為理想變壓器，則開關S閉合后，以下說法正確的是A.變壓器的輸入功率減小B.電表V1示數與V2示數的比值不變C.輸電線的電阻R0消耗的功率增大D.流過電阻R1的電流增大9、如圖所示，MN是一負點電荷產生的電場中的一條電場線．一個帶正電的粒子(不計重力)從a到b穿越這條電場線的軌跡如圖中虛線所示．下列結論正確的是()A.帶電粒子從a到b過程中動能逐漸減小B.負點電荷一定位于M點左側C.帶電粒子在a點時具有的電勢能大于在b點時具有的電勢能D.帶電粒子在a點的加速度小于在b點的加速度10、在如圖所示的電路中，電源的電動勢為E、內阻為r，平行板電容器C的兩金屬板水平放置，R1和R2為定值電阻，P為滑動變阻器R的滑片，G為靈敏電流表，A為理想電流表。開關S閉合電路穩定后，電容器C的兩板間有一帶電油滴恰好處于靜止狀態。若將滑片P向上移動，則()A.A表的示數變大 B.電源的輸出功率一定變大C.G中有由b→a的電流 D.油滴向上加速運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組利用頻閃照相和氣墊導軌做“探究碰撞中的不變量”的實驗．如圖甲所示，氣墊導軌上有A、B兩個滑塊，質量分別為200g、150g，用細繩將滑塊A、B連接，使A、B間的輕質彈簧處于壓縮狀態，開始時兩個滑塊都處于靜止狀態．若某時刻燒斷細繩，滑塊開始運動，圖乙給出兩個滑塊運動過程的頻閃照片頻閃的頻率為20Hz，分析照片：(1)A、B離開彈簧后，A的動量大小為______，B的動量大小為______(2)根據實驗數據，實驗小組得出“在實驗誤差允許的范圍內，兩個滑塊組成的系統動量守恒”．你認為得到這個結論的依據是____________12．（12分）要用實驗描繪小燈泡伏安特性曲線，已知待測小燈泡的額定電壓6V，額定功率約為3W，提供的器材有：量程為0．6A，內阻約為0．5的電流表Al；量程為3A，內阻約為0．1的電流表A2；量程為3V，內阻為3k的電壓表V1阻值是0～10，額定電流是2A的滑動變阻器R1；阻值是0～500，額定電流是lA的滑動變阻器R2；定值電阻R3=1k；定值電阻R4=3k；電源電動勢為9V，內阻約為0．1；開關一個，導線若干（1）為了保證實驗的測量精度和操作方便，并能測出小燈泡的額定功率，在可供選擇的器材中．應該選用的電流表是___，滑動變阻器是____(填儀器的字母代號)（2）根據所選的器材，在虛線框中畫出完整的實驗電路圖，并標出器材代號______（3）實驗中，電壓表的示數為____V時，可測出燈泡的額定功率四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在一個水平面上，建立x軸，在過原點O垂直于x軸的平面右側空間有一勻強電場，場強E=6×105N/C，方向與x軸正方向相同，在O處放一個帶電量，質量m=10g的絕緣物塊，物體與水平面動摩擦因數，沿x軸正方向給物塊一個初速度，求：（g取10m/s2）(1)物塊向右運動的最遠點到O點的距離；(2)物塊停止時距O點的距離。14．（16分）如圖，在平面直角坐標系xOy內，第I象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第IV象限以ON為直徑的半圓形區域內，存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為一質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子，自y軸正半軸上處的M點，以速度垂直于y軸射入電場。經x軸上處的P點進入磁場，最后垂直于y軸的方向射出磁場。不計粒子重力。求：電場強度大小E；粒子在磁場中運動的軌道半徑r；粒子在磁場運動的時間t。15．（12分）已知質量為

m，帶電量為

的小球，從水平放置的平行金屬板上板小孔處，以初速度

豎直向下進入板間，做加速運動。已知兩板間距為

d，電源能提供的電壓為U

且恒定，重力加速度為。求：（1）平行板間電場強度大小和方向；（2）小球到達下極板時速率v為多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A．物體的加速度與F成正比，與m成反比，不屬于比值定義法，故A錯誤；B．電容的定義式中，C與兩板間的電量及兩板間的電勢差無關，屬于比值定義法，故B正確；C．電流I與電壓U成正比，與電阻R成反比，不是比值定義法，選項C錯誤；D．在勻強電場中，該式反映了E與U的關系，不屬于比值法定義式，故D錯誤。故選B.2、B【解析】由于熱敏電阻特性隨溫度的升高電阻減小，隨著電壓的增大，半導體溫度逐漸升高，其電阻減小；據I-U圖象的意義，圖像的點與O點連線的斜率的倒數等于阻值，所以B選項的斜率逐漸增大，其倒數減小，即阻值減小，故B正確，ACD錯誤。3、B【解析】閉合S，A、B同時亮，隨著L中電流增大，線圈L直流電阻可忽略不計，分流作用增大，A逐漸被短路，總電阻減小，再由歐姆定律分析B燈亮度的變化．斷開S，B燈立即熄滅，線圈中電流，根據楞次定律判斷A燈亮度如何變化【詳解】AB．閉合k時，電源的電壓同時加到兩燈上，LA、LB同時亮，且亮度相同；隨著L中電流增大，由于線圈L直流電阻可忽略不計，分流作用增大，LA逐漸被短路直到熄滅，外電路總電阻減小，總電流增大，LB變亮；故A錯誤，B正確.CD．斷開k，LB立即熄滅，線圈中電流減小，產生自感電動勢，感應電流流過LA燈，LA閃亮一下后熄滅；故C錯誤，D錯誤.故選B.【點睛】對于通電與斷電的自感現象，它們是特殊的電磁感應現象，可楞次定律分析發生的現象4、B【解析】AB．根據回旋加速器的加速原理，被加速離子只能由加速器的中心附近進入加速器，從邊緣離開加速器，A正確，不符合題意；B錯誤，符合題意；C．在磁場中洛倫茲力不做功，離子是從電場中獲得能量，C正確，不符合題意；D．當離子離開回旋加速器時，半徑最大，動能最大，則有：與加速的電壓無關，D正確，不符合題意。故選B。【點睛】解決本題的關鍵掌握加速器的工作原理以及加速器的構造，注意粒子從電場中獲得能量，但是出回旋加速器的最大速度與電場無關，與磁感應強度和D形盒的半徑有關5、B【解析】根據磁通量計算公式（是線框平面與磁場方向的夾角）可以計算出通過線框的磁通量0.8BS。故選B。6、A【解析】分析電路可知，并聯后與，串聯接入電路，燈泡的電阻，則電路總電阻，干路電流，則經過的電流，故A正確故選A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】對帶電粒子進行受力分析，受到豎直向下的重力，水平方向的電場力和垂直于虛線的洛倫茲力，由于帶電粒子做直線運動，所以洛倫茲力只能垂直于直線向上，從而可判斷粒子的電性（帶負電），同時可知電場力的方向向左，再根據各力的做功情況，即可判斷各選項的正誤【詳解】AB．油滴做直線運動，受重力、電場力和洛倫茲力作用，因為重力和電場力均為恒力，根據物體做直線運動條件可知，粒子所受洛倫茲力亦為恒力據F=qvB可知，粒子必定做勻速直線運動;故A正確,B錯誤.CD．根據做直線運動的條件和受力情況，如圖所示：可知如果油滴帶正電，由左手定則判斷可知，油滴的速度從M點到N點，故C錯誤，D正確.故選AD.【點睛】帶電粒子在重力場、電場、磁場的復合場中，只要是做直線運動，一定是勻速直線運動（v與B不平行）．若速度是變的，洛倫茲力會變，合力就是變的，合力與速度不在一條直線上，帶電體就會做曲線運動8、BC【解析】A項：因為負載增加，則副線圈總電阻減小，副線圈電壓不變，則副線圈電流增大，由P=UI知功率增加，故A錯誤；B項：電表V1示數與V2示數的比值等于原、副線圈的匝數比，所以電表V1示數與V2示數的比值不變，故B正確；C項：因為負載增加，則副線圈總電阻減小，副線圈電壓不變，則副線圈電流增大，所以輸電線的電阻R0消耗的功率增大，故C正確；D項：因為負載增加，則副線圈總電阻減小，副線圈電壓不變，則副線圈電流增大，上損失的電壓增大，所以兩端的電壓減小，所以流過的電流減小，故D錯誤9、CD【解析】由于該粒子只受電場力作用且做曲線運動，電場力指向軌跡內側，電場力方向大致向右，對帶電粒子做正功，其動能增加，故A錯誤．帶正電的粒子所受電場力向右，電場線由M指向N，說明負電荷在直線N點右側，故B錯誤．電場力對帶電粒子做正功，電勢能減小，則帶電粒子在a點的電勢能大于在b點的電勢能，故C正確．a點離點電荷較遠，a點的電場強度小于b點的電場強度，帶電粒子在a點的電場力小于在b點的電場力，根據牛頓第二定律得知，帶電粒子在a點的加速度小于在b點的加速度，故D正確考點：電場線，電場力做功與電勢能變化的關系，牛頓第二定律10、CD【解析】A．滑片向上移動時，電阻變大，電路的總電阻變大，則總電流變小，則表的示數變小，故A錯誤；B．根據當外電阻等于內電阻時，電源的輸出功率最大，可知外電阻在變大，但不知外電阻與內電阻的關系，因此無法確定輸出功率如何變化，故B錯誤；C．根據閉合電路歐姆定律可得電容器兩端電壓：總電流減小，則電容器兩端電壓變大，帶電量變大，電容器充電，故G中電流從，故C正確；D．帶電油滴原來處于平衡狀態，重力和電場力平衡；電容器電壓增大，板間場強增大，油滴所受的電場力變大，將油滴將向上加速運動，故D正確；故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.③.兩滑塊組成的系統總動量保持不變，系統動量守恒【解析】（1）頻閃照相的周期為：，滑塊A的速度為：，滑塊B的速度為：，A的動量為：，方向向右，B的動量為：，方向向左；（2）由（1）可知，釋放滑塊后，兩滑塊的動量大小相等方向相反，總動量為零，釋放前系統總動量為零，釋放滑塊后系統總動量為零，由此可知，兩滑塊組成的系統動量守恒12、①.②.③.④.3【解析】（1）描繪小燈泡的伏安特性曲線，要求電壓調節范圍盡可能大，滑動變阻器選擇分壓式連接，因此滑動變阻器選擇阻值小的，小燈泡正常發光的額定電流,3A的電流表量程過大，所以選擇量程0.6A的（2）滑動變阻器選擇分壓式連接．燈泡額定電壓外6v,而電壓表量程只有3v，可是已知電壓表內阻為，確切知道其內阻，就可以串聯定值電阻來擴大量程，要使得量程大于6v，則需要滿足，即串聯的定值電阻阻值要大于等于所以定值電阻選擇.電流表已經選擇，由于，根據大內偏大小外偏小，電流表選擇外接法．電路圖見答案（3）燈泡正常發光時電壓為6v，即，解得電壓表讀數考點：描繪小燈泡伏安特性曲線實驗設計探究四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步