2025屆山東省棗莊市部分重點高中物理高二上期末監測模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在同一高處的O點向固定斜面上水平拋出兩個物體A和B，做平拋運動的軌跡如圖所示．則兩個物體作平拋運動的初速度vA、vB的大小關系和做平拋運動的時間tA、tB的關系分別是A.vA>vBtA<tBB.vA<vBtA>tBC.vA>vBtA>tBD.vA=vBtA=tB2、如圖所示，平行金屬導軌的距離為d，左端接一電源，電動勢為E，勻強磁場的磁感應強度為B，方向垂直于導軌所在平面．一根金屬棒ab與導軌成θ角放置，整個回路的總電阻為R，當接通開關S瞬間，金屬棒所受的安培力大小為A. B.C. D.3、下面四幅圖表示了磁感應強度B、電荷速度v和洛倫茲力F三者方向之間的關系，其中正確的是（）A. B.C. D.4、一帶電粒子從電場中的A點運動到B點，徑跡如圖中虛線所示，不計粒子所受重力，則下列判斷正確的是（）A.粒子帶正電 B.A點的場強大于B點的場強C.粒子的加速度逐漸增大 D.粒子在電場中A點的電勢能大于粒子在B點的電勢能5、如圖所示，李輝用多用電表的歐姆擋測量一個變壓器線圈的電阻，以判斷它是否斷路．劉偉為了使李輝操作方便，用兩手分別握住線圈裸露的兩端讓李輝測量．測量時表針擺過了一定角度，李輝由此確認線圈沒有斷路.正當李輝把多用表的表筆與被測線圈脫離時，劉偉突然驚叫起來，覺得有電擊感．下列說法正確的是A.劉偉被電擊時變壓器線圈中的電流瞬間變大B.劉偉有電擊感是因為兩手之間瞬間有高電壓C.劉偉受到電擊的同時多用電表也可能被燒壞D.實驗過程中若李輝兩手分別握住紅黑表筆的金屬桿，他也會受到電擊6、如圖，一絕緣光滑固定斜面處于勻強磁場中，磁場的磁感應強度大小為B，方向垂直于斜面向上，通有電流I的金屬細桿水平靜止在斜面上．若電流變為0.5I，磁感應強度大小變為3B，電流和磁場的方向均不變，則金屬細桿將（）A.沿斜面加速上滑B.沿斜面加速下滑C.沿斜面勻速上滑D.仍靜止在斜面上二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、帶電油滴以水平速度v0垂直進入磁場，恰做勻速直線運動，如圖所示，若油滴質量為m，磁感應強度為B，則下述說法正確的是（）A.油滴必帶負電荷，電荷量為B.油滴必帶正電荷，比荷C.油滴必帶正電荷，電荷量為D.油滴帶什么電荷都可以，只要滿足8、如圖，在半徑為R的圓形區域內，有勻強磁場，磁感應強度為B，方向垂直于圓平面向里（未畫出）．一群比荷為的負離子以相同速率v0（較大），由P點（PQ為水平直徑）在紙平面內向不同方向射入磁場中發生偏轉后，又飛出磁場（不計重力），則下列說法正確的是（）A.離子在磁場中運動的半徑一定相等B.由Q點飛出的離子在磁場中運動的時間最長C.沿PQ方向射入的離子飛出時偏轉角最大D.如果入射速率，則沿各個方向射入的離子在飛離開磁場時的速度方向均豎直向下9、如圖所示的直流電路中，電源電動勢為E，內阻為r，外電路中，電阻R1=r，滑動變阻器的全部電阻為R2=2r，滑動片從a端向b端滑動過程中，哪種說法正確A.電源消耗的總功率逐漸增大B.電源內部的熱功率逐漸增大C.電源的輸出功率逐漸減小D.R2上得到的功率逐漸減小10、速度相同的一束帶電粒子由左端射入質譜儀后的運動軌跡如圖所示，則下列相關說法中正確的是（）A.該束帶電粒子帶正電B.速度選擇器的P1極板帶負電C.能通過狹縫S0的帶電粒子的速率等于EB1D.粒子打在膠片上位置越靠近狹縫S0，粒子的比荷越大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）現在要測量一段電阻絲的電阻率ρ，電阻絲的阻值Rx≈0.5Ω，允許通過的最大電流為0.5A。現提供如下器材：(1)下面四位同學分別設計的“測量部分”的電路，你認為合理的是________。(2)實驗中滑動變阻器應該選擇________(選填“R1”或“R2”)，并采用________接法。(3)根據你在(1)、(2)中的選擇，在圖中完成實驗電路的連接________。(4)實驗中，如果兩電表的讀數分別為U和I，測得拉直后電阻絲的長度為L，直徑為D，則待測電阻絲的電阻率ρ的計算式為ρ＝________。(5)用螺旋測微器測量待測電阻絲的直徑時讀數如圖所示，則該電阻絲的直徑D＝________mm。12．（12分）測量一節干電池的電動勢和內阻．實驗室除提供開關S和導線外，還有以下器材可供選擇：A．電壓表V（量程3V，內阻RV=10kΩ）B．電流表A1（量程3mA，內阻Rg1=99.5Ω）C．電流表A2（量程1500mA，內阻Rg2=0.5Ω）D．滑動變阻器R1（阻值范圍0～10Ω，額定電流2A）E．滑動變阻器R2（阻值范圍0～1000Ω，額定電流1A）F．定值電阻R3=0.5Ω(1)根據可選用的器材，設計了如圖1所示的測量電路圖(2)該同學應該將電流表_____（選填A1或A2）與定值電阻R3并聯，改裝成一個量程是_____A的新電流表(3)滑動變阻器選用______（選填“R1”或“R2”）(4)利用上述測量電路測得數據，以電流表A的直接讀數I為橫坐標，以電壓表V的讀數為U縱坐標繪出了如圖2所示的圖線，根據圖線可求出電源的電動勢E=_____V（結果保留三位有效數字），電源的內阻r=_____Ω（結果保留兩位有效數字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）大量實例說明，物體做勻速圓周運動時所受合力方向始終指向圓心，這個指向圓心的合力就叫做向心力．向心力可以由一個力提供，也可以由幾個力的合力提供，如圖所示，一顆人造地球衛星在圓形軌道上繞地球運行，已知地球半徑為R，衛星離地面的高度為h，地面上的重力加速度為g．則衛星繞地球運行的周期T是多大？14．（16分）如圖所示，兩根足夠長的固定平行光滑金屬導軌間的距離L1=1m，導軌平面與水平面的夾角θ=，整個導軌平面內存在垂直于導軌平面斜向上的勻強磁場，磁感應強度大小B=0.5T，在導軌的底端連接一個阻值為R=0.5Ω的電阻．一根質量m=1kg、電阻不計、垂直于導軌放置的金屬棒甲通過平行于導軌平面的絕緣輕繩和一個質量M=1kg、邊長L2=0.8m、電阻r=0.32Ω的正方形線框乙相連，輕繩繞過固定在天花板的光滑輕質定滑輪．線框乙下方存在磁感應強度大小也為B=0.5T的有界勻強磁場，線框乙的下邊距離磁場的上邊界h=4.8m，磁場寬度大于線框邊長．開始時用外力作用于金屬棒甲，使整個系統處于靜止狀態，然后撤去外力，系統從靜止開始運動，線框乙進入磁場時恰好做勻速運動．已知g=10m/s2，sin=0.6，cos=0.8，求：（1）線框乙剛開始運動時輕繩對金屬棒甲的拉力大小；（2）線框乙剛進入磁場時的速度大小以及從開始釋放到線框乙剛進入磁場的過程中電阻R上產生的焦耳熱；（3）線框乙從剛開始進入到完全進入磁場的過程中，線框乙中產生的焦耳熱15．（12分）如圖所示，直徑分別為D和2D的同心圓處于同一豎直面內，O為圓心，GH為大圓的水平直徑．兩圓之間的環形區域(Ⅰ區)和小圓內部(Ⅱ區)均存在垂直圓面向里的勻強磁場．間距為d的兩平行金屬極板間有一勻強電場，上極板開有一小孔．一質量為m、電荷量為＋q的粒子由小孔下方處靜止釋放，加速后粒子以豎直向上的速度v射出電場，由H點緊靠大圓內側射入磁場．不計粒子的重力(1)求極板間電場強度的大小；(2)若粒子運動軌跡與小圓相切，求Ⅰ區磁感應強度的大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】根據公式知，B下降的高度大，則B的運動時間長，即tA＜tB，根據x=v0t知，xA＞xB，則vA＞vB故選A2、B【解析】據閉合電路歐姆定律得：回路電流為導體棒的有效長度導體棒所受安培力A.與計算結果不符，故A錯誤B.與計算結果相符，故B正確C.與計算結果不符，故C錯誤D.與計算結果不符，故D錯誤3、B【解析】伸開左手，讓大拇指與四指方向垂直，并且在同一個平面內，磁感線通過掌心，四指方向與正電荷運動方向相同，大拇指所指的方向為洛倫茲力方向【詳解】A圖中，根據左手定則，洛倫茲力方向豎直向下．故A錯誤．B圖中，根據左手定則，洛倫茲力方向豎直向上．故B正確．C圖中，根據左手定則，洛倫茲力方向垂直紙面向外．故C錯誤．D圖中，電荷的運動方向與磁場方向平行，電荷不受洛倫茲力．故D錯誤．故選B【點睛】解決本題的關鍵掌握左手定則，注意四指方向與正電荷運動方向相同，與負電荷運動方向相反4、B【解析】根據電場線的疏密判斷電場強度大小，電場線箭頭的方向就是電場度的方向，再根據運動軌跡的彎曲判斷粒子受力情況，從而可得出粒子帶電的正負及電場力做功的問題。【詳解】A．做曲線運動的物體，受力的方向總是指向運動軌跡的凹側，可知粒子受力的方向與電場線相反，因此粒子帶負電荷，A錯誤；B．A點處電場線比B點處電場線密集，因此A點的電場強比B點的大，B正確；C．從A向B運動過程中，所受電場力逐漸減小，根據牛頓第二定律，加速度逐漸減小，C錯誤；D．從A向B運動過程中，電場力做負功，電勢能增大，因此粒子在A點的電勢能小于粒子在B點的電勢能，D錯誤。故選B。5、B【解析】當回路斷開時電流要立即減小到零但由于線圈的自感現象會產生感應電動勢，該自感電動勢較大，所以劉偉倍“電”到，即劉偉有電擊感是因為兩手之間瞬間有高電壓，故A錯誤，B正確；因多用表的表筆已經與被測線圈脫離，則多用電表不可能被燒壞，選項C錯誤；實驗過程中若李輝兩手分別握住紅黑表筆的金屬桿，當與線圈脫離后，在電表回路不會產生感應電動勢，則他不會受到電擊，選項D錯誤；故選B.點睛：本題考查了自感電動勢產生的條件，要知道歐姆表測電阻時，電流是很小的；當電流變化時變壓器的線圈會產生較大的自感電動勢6、A【解析】本題是一道關于安培力的共點力的平衡問題及牛頓第二定律相關知識【詳解】最初金屬細桿受到三個力作用，且合力為零，如圖所示由平衡可知，安培力若電流變為0.5I，磁感應強度大小變為3B，則安培力根據牛頓第二定律故金屬細桿以的加速度沿著斜面加速上滑，故A正確，BCD錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】根據平衡條件知油滴受向上的洛倫茲力，根據左手定則判斷油滴必帶正電荷，由受力平衡有得油滴的比荷為故選BC。8、ABD【解析】由，得，因離子的速率相同，比荷相同，故半徑一定相同，A正確；由圓的性質可知，軌跡圓與磁場圓相交，當軌跡圓的弦長最大時偏向角最大，故應該使弦長為PQ，故由Q點飛出的離子圓心角最大，所對應的時間最長，此時離子一定不會沿PQ射入．B正確，C錯誤；沿各個方向射入磁場的離子，當入射速率時，離子的軌跡半徑為，入射點、出射點、O點與軌跡的圓心構成菱形，射出磁場時的軌跡半徑與入射點所在的磁場半徑平行，離子在飛離開磁場時的速度方向均豎直向下，D正確.選ABD.【點睛】本題要抓住離子的運動軌跡是圓弧，磁場的邊界也是圓弧，利用幾何知識分析出射速度與入射速度方向的關系，確定出軌跡的圓心角，分析運動時間的關系．帶電離子射入磁場后做勻速圓周運動，對著圓心入射，必將沿半徑離開圓心，根據洛倫茲力充當向心力，求出時軌跡半徑，確定出速度的偏向角．對著圓心入射的離子，速度越大在磁場中通過的弧長越長，軌跡對應的圓心角越小，即可分析時間關系9、ABD【解析】滑動片從a端向b端滑動過程中，R2逐漸減小，則電路中的總電流I逐漸變大，根據P=IE可知，電源消耗的總功率逐漸增大，選項A正確；根據P內熱=I2r可知電源內部的熱功率逐漸增大，選項B正確；當電源的內阻等于外電路電阻時，電源的輸出功率最大，則當滑動片從a端向b端滑動過程中，R2逐漸減小，電源外電路電阻向電源內阻接近，則電源的輸出功率變大，選項C錯誤；將電阻R1歸為電源內電路，則內電路電阻為2r，當則當滑動片從a端向b端滑動過程中，R2逐漸減小，R2阻值遠離電源內電阻2r，可知電源（包括R1）的輸出功率，即R2的功率減小，選項D正確；故選ABD.【點睛】分析滑動變阻器的功率如何變化是本題的關鍵，把把定值電阻R1和電源看成一個整體，此時電源的輸出功率即為滑動變阻器消耗的功率10、AD【解析】帶電粒子進入勻強磁場B2時向下偏轉，所以粒子所受的洛倫茲力方向向下，根據安培左手定則可知該束粒子帶正電，故A正確；在平行金屬板中受到電場力和洛倫茲力兩個作用而做勻速直線運動，由左手定則可知，洛倫茲力方向豎直向上，則電場力方向向下，粒子帶正電，電場強度方向向下，所以速度選擇器的P1極板帶正電，故B錯誤；粒子能通過狹縫，電場力與洛倫茲力平衡可得：，解得：，故C錯誤；粒子進入勻強磁場B2中受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力有：，解得：，因為v、B不變，半徑r越小，則越大，故D正確．所以AD正確，BC錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.C②.R1③.分壓④.見解析圖⑤.⑥.1.205(±0.002)【解析】(1)電阻絲Rx兩端的最大電壓U＝IRx＝0.25V比電壓表量程小得多，需要串聯一分壓電阻，即串聯一標準電阻R0，此時R0＋Rx<電流表采用外接法，選項C正確。(2)滑動變阻器若選用R2或采用限流接法，調控范圍小，應選擇R1，并采用分壓接法。(3)根據測量電路圖和滑動變阻器的分壓式接法，實物連線如圖所示。(4)待測電阻由電阻定律得聯立解得12、①.（2）A1②.0.6③.（3）R1④.（4）1.48(1.47～1.49)⑤.0.84(0.82～0.86)【解析】（2）根據并聯電路的特點求解改裝后的電流表對應的量程；（3）根據方便的原則選擇滑動變阻器；（4）根據電流表G讀數與改裝后電流表讀數的關系，由閉合電路歐姆定律求出電源的電動勢和內阻；【詳解】（2）電流表A1量程過小，而A2量程過大，則可用電流表A1，與定值電阻R3并聯，改裝成一個量程是的新電流表；（3）一節干電池的電動勢約E=1.5V，為方便實驗操作，滑動變阻器應選R1，它的阻值范圍是0-10Ω；（4）由上可知，改裝后電流表的量程是電流表G量程的200倍，圖象的縱截距b等于電源的電動勢，由圖讀出電源的電動勢為：E=1.48V圖線的斜率大小k=r，由數學知識知：，則電源的內阻為：r=k=0.84Ω；【點睛】量電源的電動勢和內電阻的實驗，采用改裝的方式將表頭改裝為量程較大的電流表，再根據原實驗的研究方法進行分析研究，注意數據處理的方法.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解析】由于萬有引力提供向心力，則對衛星有：