2025屆福建省云霄立人學校物理高二第一學期期末達標測試試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、用圖示的電路可以測量電阻的阻值，圖中Rx是待測電阻，R0是定值電阻，G是靈敏度很高的電流表，MN是一段均勻的電阻絲。閉合開關，改變滑動頭P的位置，當通過電流表G的電流為零時，測得MP=l1，PN=l2，，則Rx的阻值為（）A. B.C. D.2、額定電壓都是110V、額定功率PA=110W和PB=40W的電燈兩盞，若接在電壓是220V的電路上，使兩盞電燈均能正常發光，且電路中消耗功率最小的電路是（）A. B.C. D.3、如圖所示，已知電流從電流表的右側接線柱流入，其指針向右偏轉．當條形磁鐵豎直向下落入線圈時，空氣阻力不計．則A.電流表指針向右偏轉B電流表指針向左偏轉C.磁鐵加速度大于重力加速度D.磁鐵加速度等于重力加速度4、如圖所示，在圓形區域內存在垂直紙面向外的勻強磁場，是圓的一條水平直徑.一帶電粒子從點射入磁場，速度大小為，方向斜向上與成角時，粒子恰好從點飛出磁場，在磁場中運動的時間為；若相同的粒子從點沿方向射入磁場，速度大小為，則粒子在磁場中運動的時間為(不計帶電粒子所受重力)（）A. B.C. D.5、以初速度豎直向上拋出一物體，空氣阻力大小不變。關于物體受到的沖量，以下說法正確的是（）A.物體上升階段和下落階段受到的重力的沖量方向相反B.物體上升階段和下落階段受到空氣阻力沖量的大小相等C.物體在下落階段受到重力的沖量小于上升階段受到重力的沖量D.物體從拋出到返回拋出點，動量變化的方向向下6、關于兩個運動的合成，下列說法正確的是A.兩個直線運動的合運動一定也是直線運動B.方向不共線的兩個勻速直線運動的合運動一定也是勻速直線運動C.小船渡河的運動中，小船的對地速度一定大于水流速度D.小船渡河的運動中，水流速度越大，小船渡河所需時間越短二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，電感L的自感系數很大，電阻可忽略，D為理想二極管，則下列說法正確的有（）A.當S閉合時，L1立即變亮，L2逐漸變亮B.當S閉合時，L1一直不亮，L2逐漸變亮C.當S斷開時，L1立即熄滅,L2也立即熄滅D.當S斷開時，L1突然變亮，然后逐漸變暗至熄滅8、如圖所示，光滑的水平軌道AB與半徑為R的光滑的半圓形軌道BCD相切于B點，AB水平軌道部分存在水平向右的勻強電場，半圓形軌道在豎直平面內，B為最低點，D為最高點．一質量為m、帶正電的小球從距B點x的位置在電場力的作用下由靜止開始沿AB向右運動，恰能通過最高點，下列說法中正確的是A.R越大，x越大B.m與R同時增大，電場力做功增大C.m越大，x越小D.R越大，小球經過B點后瞬間對軌道的壓力越大9、如圖甲所示為風力發電的簡易模型圖，在風力的作用下，風葉帶動與其固定在一起的永磁鐵轉動，轉速與風速成正比．某一風速時，線圈中產生的正弦式電流如圖乙所示，則A.電流的表達式（A）B.磁鐵的轉速為5r/sC.風速加倍時電流的表達式(A)D.風速加倍時線圈中電流的有效值為A10、如圖所示，要使Q線圈產生圖示方向的電流，可采用的方法有A.閉合電鍵K后，把R的滑片左移B.閉合電鍵K后，把P中的鐵心從左邊抽出C.閉合電鍵K后，把Q靠近PD.無需閉合電鍵K，只要把Q靠近P即可三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖為一演示實驗電路圖，圖中L是一帶鐵芯的線圈，A是一燈泡，電鍵S處于閉合狀態，電路是接通的．現將電鍵K斷開，則在電路切斷的瞬間，通過燈泡A的電流方向是從___端到____端，這個實驗是用來演示______現象的12．（12分）（1）在測定電池的電動勢和內阻的實驗中，待測電池、電鍵和導線，配合下列哪組儀器，不能達到實驗目的（）A.一只電流表和一只電阻箱B.一只電流表，一只電壓表和一個滑動變阻器C.一只電壓表和一個電阻箱D.一只電流表和一個滑動變阻器(2)現有一個特殊的電池，為了測定這個電池的電動勢和內阻，某同學利用如圖甲所示的電路進行測量，圖中電流表的內阻RA已經測出，阻值為5Ω；甲為電阻箱．阻值范圍為0~999.9，R0為定值電阻，其阻值為150，對電路起保護作用，該同學按圖甲連好電路后，閉合開關S，調整電阻箱的阻值，讀出電流表的讀數，作出了如圖乙所示的圖線．則根據該同學做出的圖線可求得該電池的電動勢E=_____V．內阻r=______四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，平行光滑長導軌處于同一水平面內，相距為l，電阻不計，左端與阻值為R的電阻相連．金屬桿質量為m，電阻為r，垂直于兩導軌放置，整個裝置放在豎直向下、磁感應強度為B的勻強磁場中．現對桿施加一水平向右的恒定拉力F，使它由靜止開始運動．求：(1)當桿的速度為v時，桿的加速度a；(2)桿穩定時的速度；(3)若桿從靜止到達穩定的過程中，桿運動的距離為s，則此過程回路中產生的熱量Q為多少？14．（16分）光伏發電是一種新興的清潔發電方式，預計到2020年合肥將建成世界一流光伏制造基地，打造成為中國光伏應用第一城。某太陽能電池板，測得它不接負載時的電壓為900mV，短路電流為45mA，若將該電池板與一阻值為20Ω的電阻器連接成閉合電路，則，(1)該太陽能電池板的內阻是多大？(2)電阻器兩端的電壓是多大？(3)通電10分鐘，太陽能電池板輸送給電阻器的能量是多大？15．（12分）如圖，在平面直角坐標系xOy中，直角三角形區域ABC內存在垂直紙面向里的勻強磁場，線段CO＝OB＝L，θ＝30°；第三象限內存在垂直紙面的勻強磁場(圖中未畫出)，過C點放置著一面與y軸平行的足夠大熒光屏CD；第四象限正方形區域OBFE內存在沿x軸正方向的勻強電場。一電子以速度v0從x軸上P點沿y軸正方向射入磁場，恰以O點為圓心做圓周運動且剛好不從AC邊射出磁場；電子經y軸進入第三象限時速度與y軸負方向成60°角，到達熒光屏時速度方向恰好與熒光屏平行。已知電子的質量為m，電荷量的絕對值為e，不計電子的重力。求：(1)P點距O點的距離；(2)電子在電場中的運動時間；(3)區域ABC內的磁感應強度B1與第三象限內的磁感應強度B2的大小之比。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】當通過靈敏電流表的電流為零時，電流表兩端電勢相等，即兩端電壓與PN段電壓相等，串聯電路電壓與阻值成正比，且由可知，阻值與長度成正比，可得可得故選C。2、C【解析】由P=和已知條件可知RA＜RB對于A電路，由于RA＜RB，所以UB>110V，B燈燒毀，兩燈不能正常發光，對于B電路，由于RB>RA，A燈又并聯變阻器，并聯電阻更小于RB，所以UB>110VB燈燒毀，對于C電路，B燈與變阻器并聯，電阻可能等于RA，所以可能有UA=UB=110V兩燈可以正常發光，對于D電路，若變阻器的有效電阻等于A、B的并聯電阻，則UA=UB=110V兩燈可以正常發光，比較C、D兩個電路，由于C電路中變阻器功率為(IA－IB)×110，而D電路中變阻器功率為(IA+IB)×110，所以C電路消耗電功率最小。故選C。3、B【解析】根據磁通量的變化，運用楞次定律判斷出感應電流的方向，從而確定電流表指針的偏轉方向；根據楞次定律“來拒去留”確定磁鐵的受力情況【詳解】當磁鐵向下插入線圈時，磁通量向下增大，根據楞次定律知，線圈中感應電流由上端流入，下端流出，故感應電流的方向從電流表的左接線柱流入，則電流表指針向左偏轉．故A錯誤，B正確；根據楞次定律可知，磁鐵受到向上的阻力，故加速度小于重力加速度，故CD錯誤．故選B【點睛】本題考查楞次定律的應用，楞次定律是高考的熱點問題，解決本題的關鍵掌握楞次定律判斷感應電流的方向和受力情況4、D【解析】根據周期公式可得，同一粒子在磁場中運動時的運動的周期相同，當速度的大小為2v時，圓周運動的圓心為，圓弧所對的圓心角為，當速度的大小為v時，圓周運動的圓心在，兩種情況下的軌跡如圖所示：由幾何關系可知所對的圓心角為，則粒子的運動的時間為2t；選D.【點睛】粒子在磁場中運動，運動的時間周期與粒子的速度的大小無關，分析粒子的運動的情況，可以判斷粒子的運動的時間5、D【解析】A．向上運動的過程中空氣的阻力的方向向下，則下降的過程中空氣的阻力方向向上，則由于下降的過程中的位移等于上升過程中的位移，由運動學的公式可知上升的時間一定小于下降過程中的時間。物體上升階段和下落階段受到的重力的方向都向下，所以重力的沖量方向相同，故A錯誤；B．上升階段的時間小，所以物體上升階段物體受到空氣阻力沖量的大小小于下降階段受到空氣阻力沖量的大小，故B錯誤；C．上升階段的時間小，物體在下落階段受到重力的沖量大于上升階段受到重力的沖量，故C錯誤；D．的初速度的方向向上，末速度的方向向下，所以物體從拋出到返回拋出點，動量變化的方向向下，故D正確。故選D。6、B【解析】位移、速度、加速度都是矢量，合成分解遵循平行四邊形定則．合運動與分運動具有等時性【詳解】兩個分運動是直線運動，其合運動可能是曲線運動，比如平拋運動．故A錯誤．不共線兩個勻速直線運動，沒有加速度，則合運動也一定是勻速直線運動．故B正確．合運動的速度（小船對地速度）可能比分速度（水流速度）大，可能比分速度小，可能與分速度相等．故C錯誤；小船渡河的時間由小船沿垂直于河岸方向的速度決定，故水流速度越大，小船渡河所需時間卻不變，故D錯誤．故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】當開關接通和斷開的瞬間，流過線圈的電流發生變化，產生自感電動勢，阻礙原來電流的變化，根據自感現象的規律，以及二極管具有單向導電性進行分析【詳解】閉合開關的瞬間，由于二極管具有單向導電性，所以無電流通過L1，由于線圈中自感電動勢的阻礙，L2燈逐漸亮，故A錯誤，B正確．待電路穩定后斷開開關，線圈L產生自感電動勢，兩燈串聯，所以L1突然變亮，然后逐漸變暗至熄滅．故C錯誤，D正確．故選BD【點睛】對于線圈要抓住雙重特性：當電流不變時，它是電阻不計的導線；當電流變化時，產生自感電動勢，相當于電源；同時運動注意二極管的作用8、AB【解析】小球恰能通過最高點時，由重力提供向心力，根據牛頓第二定律求出小球經最高點時的速度，根據動能定理求出初速度v0與半徑R的關系．小球經過B點后的瞬間由重力和軌道的支持力的合力提供向心力，由牛頓運動定律研究小球對軌道的壓力與半徑的關系【詳解】小球在BCD部分做圓周運動，在D點，有：mg=m①從A到D過程，由動能定理有：qEx-2mgR=mvD2，②由①②得：，③可知，R越大，x越大．m越大，x越大，故A正確，C錯誤從A到D過程，由動能定理有：W-2mgR=mvD2，⑥由①⑥解得：電場力做功W=mgR，可知m與R同時增大，電場力做功越多，故B正確．小球由B到D的過程中，由動能定理有：-2mgR=mvD2-mvB2，vB=，④在B點有：FN-mg=m⑤解得：FN=6mg，則知小球經過B點瞬間軌道對小球的支持力與R無關，則小球經過B點后瞬間對軌道的壓力也與R無關，故D錯誤．故選AB【點睛】動能定理與向心力知識綜合是常見的題型．小球恰好通過最高點時速度與輕繩模型類似，軌道對小球恰好沒有作用力，由重力提供向心力，臨界速度v=，做選擇題9、BC【解析】根據i-t圖象判斷出電流的最大值與周期，當轉速加倍時，根據Em=nBSω可知產生的感應電動勢加倍，形成的感應電流加倍；【詳解】通過乙圖可知電流的最大值為0.6A，周期T=0.2s，故ω=＝10πrad/s，故電流的表達式為i=0.6sin10πt（A），故A錯誤；電流的周期為T=0.2s，故磁體的轉速為n=1/T=5r/s，故B正確；風速加倍時，角速度加倍，根據Em=nBSω可知產生的感應電動勢加倍，形成的感應電流加倍，故風速加倍時電流的表達式為i=1.2sin20πt（A），故C正確；根據C得分析，形成的感應電流Im=1.2A，故有效值為，故D錯誤；故選BC10、AC【解析】A．閉合電鍵K后，把R的滑片左移，Q中的磁場方向從左向右，且在增大，根據楞次定律，左邊導線電流方向向下。故A正確。B．閉合電鍵K后，將P中的鐵心從左邊抽出，Q中的磁場方向從左向右，且在減小，根據楞次定律，左邊導線電流方向向上。故B錯誤。C．閉合電鍵，將Q靠近P，Q中的磁場方向從左向右，且在增強，根據楞次定律，左邊導線的電流向下。故C正確。D．若不閉合電鍵K，即使把Q靠近P，也不會導致穿過線圈的磁通量改變，因此不會產生感應電流。故D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1).a(2).b(3).自感【解析】在斷開前，自感線圈中有向左的電流，斷開K后瞬間，的電流要減小，于是中產生自感電動勢，阻礙自身電流的減小，但電流還是逐漸減小為零，原來跟并聯的燈泡，由于電源的斷開，向右的電流會立即消失．但此時它卻與形成了串聯的回路，中維持的正在減弱的電流恰好從燈泡中流過，方向由到，因此，燈泡不會立即熄滅，而是漸漸熄滅，將這稱為自感現象，【點睛】線圈的特點是閉合時阻礙電流的增大，斷開時產生一自感電動勢相當于電源，與組成閉合回路，的左端電勢高，做好本類題目的關鍵是弄清線圈與哪種電器相配，結合線圈特點分析新組成的閉合回路的電流流向12、①.D②.10③.45【解析】（1）測定電源的電動勢和內阻的原理是閉合電路歐姆定律E=U+Ir，用電壓表測量路端電壓U、用電流表測量電流I，利用滑動變阻器調節外電阻，改變路端電壓和電流，實現多次測量，即由一個電壓表、一個電流表和一個滑動變阻器組合可測量電源的電動勢和內阻．也可以在沒有電壓表的情況下，用一個電流表和一個電阻箱組合測量，電阻箱可以讀出阻值，由U=IR可求出路端電壓．也可以用電壓表和電阻箱組合，由電壓表讀數U與電阻箱讀數R之比求出電流．但不