烏蘭察布市重點中學2025屆物理高二上期中學業質量監測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，把一條導線平行地放在磁針的上方附近，當電流通過導線時，磁針會發生偏轉．首先觀察到這個實驗現象的物理學家是A．奧斯特 B．愛因斯坦 C．伽利略 D．牛頓2、下列關于場強和電勢的敘述正確的是（）A．在勻強電場中，場強處處相同，電勢也處處相等B．在正點電荷形成的電場中，離點電荷越遠，電勢越高，場強越小C．若取無限遠處電勢為零，等量異種點電荷形成的電場中，兩電荷連線中點的電勢為零，場強不為零D．在任何電場中，場強越大的地方，電勢也越高3、如圖所示為汽車蓄電池與車燈（電阻不變）、啟動電動機組成的電路，蓄電池內阻為0.05Ω

，電流表和電壓表都是理想電表，只接通S1時，電流表示數為10A，電壓表示數為12V，再接通S2，啟動電動機工作時，電流表示數變為8A。則此時通過啟動電動機的電流是(

）A．14.8A B．50A C．6.8A D．58A4、在許多精密的儀器中，如果需要較精確地調節某一電阻兩端的電壓，常常采用如圖所示的電路通過兩只滑動變阻器和對一阻值為500Ω左右的電阻兩端電壓進行粗調和微調．已知兩個滑動變阻器的最大阻值分別為200Ω和10Ω關于滑動變阻器、的連接關系和各自所起的作用，下列說法正確的是（）A．取=200Ω，＝10Ω，調節起粗調作用B．取=10Ω，=200Ω，調節起微調作用C．取=200Ω，=10Ω，調節起粗調作用D．取=10Ω，=200Ω，調節起微調作用5、17世紀中葉，牛頓通過“月——地”檢驗，證明了地球對地面物體的引力與天體間的引力是相同性質的力。如果地球的半徑為R，自轉周期為T1，月球到地心的距離為r，月球繞地球做圓周運動的周期為T2。從圓周運動知識可以得出月球的加速度大小為A．(2πTC．(2πT6、真空中有兩個點電荷，若保持它們的帶電量都不變，距離減小為原來的一半，則庫侖力變為原來的（）A．倍 B．倍 C．2倍 D．4倍二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩塊水平放置的平行正對的金屬板a、b與電池相連，在距離兩板等距的M點有一個帶電液滴處于靜止狀態。若將a板向下平移一小段距離，但仍在M點上方，穩定后，下列說法中正確的是A．液滴將向下加速運動B．M點電勢升高，液滴在M點的電勢能將減小C．M點的電場強度變小了D．在a板移動前后兩種情況下，若將液滴從a板移到b板，電場力做功相同8、關于電容的說法正確的是（）A．電容器簡稱電容B．電容是描述電容器容納電荷本領大小的物理量C．電容器的電容由電容器本身的因素決定，與電容器是否帶電無關D．電容在數值上等于使兩極板間的電勢差為1V時電容器需要帶的電荷量9、一帶正電的小球向右水平拋入范圍足夠大的勻強電場，電場方向水平向左，不計空氣阻力，則小球（）A．做直線運動 B．做曲線運動C．速率先減小后增大 D．速率先增大后減小10、在同一光滑斜面上放同一導體，如圖所示是兩種情況的剖面圖。它們所處空間有大小相同的磁場，左圖磁場方向垂直于斜面，右圖磁場方向垂直于水平面，導體A分別通有電流I1和I2，都處于靜止狀態。已知斜面的傾角為θ，則A．I1∶I2＝cosθ∶1B．I1∶I2＝1∶1C．兩種情況導體A所受安培力大小之比F1∶F2=sinθ∶cosθD．兩種情況導體A所受安培力大小之比F1∶F2=cosθ∶1三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了測量一精密直金屬絲的電阻率，先用多用電表擋粗測其電阻為__Ω，然后用游標卡尺測其長度是___mm，螺旋測微器測其直徑為___mm。12．（12分）為了描繪小燈泡的伏安特性曲線，提供以下實驗器材：小燈泡L(額定電壓3.8V，額定電流0.32A)電壓表V(量程3V，內阻3kΩ)電流表A(量程0.5A，內阻約0.5Ω)電阻箱R0(0～9999.9Ω)滑動變阻器R1(阻值0～5Ω，2A)滑動變阻器R2(阻值0～200Ω，1A)學生電源E(電動勢4V，內阻不計)開關S及導線若干．（1）關于控制電路中滑動變阻器的連接方法，應選擇_______A．分壓式連接B．限流式連接（2）為了減小系統誤差，關于測量電路中電壓表和電流表的連接方式，應選擇________A．安培表內接法B．安培表外接法（3）實驗提供的電壓表量程小于小燈泡的額定電壓，需要把電壓表的量程擴大到4伏，改裝電壓表時，應將電阻箱阻值調至_________Ω，并與題中所給電壓表___________.(選填“串聯”或“并聯”)（4）請在方框中畫出該實驗的電路圖______．（5）為操作方便，實驗中滑動變阻器應選擇_______(選填R1或R2)．你的選擇理由是___________.（6）實驗中得到小燈泡的伏安特性曲線曲線如下圖（a）所示，由實驗曲線可知，隨著電壓的增加小燈泡的電阻______(填“增大”“不變”或“減小”)（7）現將與題中完全相同的兩個小燈泡與另一電源E0(電動勢4V，內阻1．0Ω)和一阻值為9Ω的定值電阻連接成如圖（b）所示電路．此電路中每個小燈泡的兩端的實際電壓為_________V（結果保留兩位有效數字）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）質量為m=80kg的鐵錘，從高1.8m處自由下落，錘與工件相碰時間為t=0.001s，若錘與工件碰撞后反彈的速度為v/=2m/s，求（g=10m/s2，相碰時不計鐵錘重力）（1）鐵錘與工件接觸前瞬間的速v；（2）錘對工件的平均作用力F。14．（16分）如圖所示，銅棒ab長0.1m，質量為6×10-2kg，兩端與長為1m的輕銅線相連靜止于豎直平面內。整個裝置處在豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度B=0.5T，現接通電源，使銅棒中保持有恒定電流通過，銅棒發生擺動，已知最大偏轉角為37°，不計空氣阻力，（sin（1）在此過程中銅棒的重力勢能增加了多少；（2）通電電流的大小為多大。15．（12分）某品牌手機在待機工作狀態時，通過的電流是4微安，則該手機待機一天時間內通過的電荷量是多少？通過的自由電子個數是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

發現電流周圍存在磁場的物理學家是奧斯特；A．奧斯特，與結論相符，選項A正確；B．愛因斯坦，與結論不相符，選項B錯誤；C．伽利略，與結論不相符，選項C錯誤；D．牛頓，與結論不相符，選項D錯誤；2、C【解析】試題分析：在勻強電場中，場強處處相同，但同一等勢面上電勢處處相等，不是所有的電勢均處處相等，故A錯誤；在正點電荷形成的電場中，根據E=kQ考點：電勢；電場強度【名師點睛】電場線越密的地方場強越強，越疏的地方，場強越弱．電荷在等勢面上移動，受電場力，但是電場力不做功．等勢面與電場線垂直；解決本題的關鍵知道等量同種電荷和等量異種電荷周圍電場線的特點，根據電場線疏密比較場強的強弱，根據電場線方向確定電勢的高低。3、B【解析】

ABCD.只接通S1時，由閉合電路歐姆定律得：燈泡阻值為再接通S2后，流過電動機的電流為：故B正確ACD錯誤。故選B。4、B【解析】

若=200Ω，＝10Ω,則與R0組成的部分電路的電阻遠小于,移動上的滑片很不方便調節兩端的電壓.

當=10Ω，=200Ω時,移動上的滑片使兩端的電壓變化較快,移動上的滑片使R0兩端的電壓變化相對較慢,故B對；ACD錯故選B【點睛】滑動變阻器采用分壓式接法時,為使電壓變化明顯,滑動變阻器的總電阻要遠小于被測電阻的電阻值.5、A【解析】

月球繞地球做圓周運動，故合外力做向心力，所以月球的加速度為月球做圓周運動的向心加速度，故a＝(2πT2)2r，故BCD錯誤，A6、D【解析】

根據庫侖定律可知，若保持兩個點電荷的帶電量都不變，距離減小為原來的一半，則庫侖力變為即庫侖力變為原來的4倍。A.倍，與結論不相符，選項A錯誤；B.倍，與結論不相符，選項B錯誤；C.2倍，與結論不相符，選項C錯誤；D.4倍，與結論相符，選項D正確；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】試題分析：原來液滴受力平衡，則知所受的電場力向上，液滴帶負電．電容器與電源相連，板間電壓不變，將a板向下平移時，由a板下移時，兩板間的距離減小，由E=Ud分析可知：板間電場強度增大，粒子受到的電場力增大，故液滴將向上加速運動，故A．C錯誤；下極板接地，電勢為零，M點的電勢等于M與b之間的電勢差。由U=Ed可知，因E增大，d不變，則M點的電勢增大；因帶電液滴帶負電，故電勢能將減小，故B錯誤；因兩板間的電勢差不變，由考點：電容器的動態分析、帶電粒子在混合場中的運動【名師點睛】本題分析時，要抓住平行板電容器的與電源保持相連，電容器板間電壓保持不變，根據E=U8、BCD【解析】

電容器是儲存電荷的物理元件，電容是反應電容器容納電荷本領強弱的物理量，電容器和電容不能混淆，故A錯誤，B正確；電容器的電容由電容器本身的結構和材料有關，與是否帶電，帶電量多少無關，故C正確；由C=QU可知，電容在數值上等于使兩極板間的電勢差為1V時的電容器需要帶的電量，故D【考點定位】電容器的性質【點睛】注意電容是由電容器本身所決定的性質，這是描述電容器容納電荷本領的物理量，其大小與電量及電壓無關．9、BC【解析】

小球受重力和電場力兩個力作用，合力的方向與速度方向不在同一條直線上，小球做曲線運動．故A錯誤，B正確．小球所受的合力與速度方向先成鈍角，然后成銳角，可知合力先做負功然后做正功，則速度先減小后增大．故C正確，D錯誤．故選BC【點睛】解決本題的關鍵知道物體做直線運動還是曲線運動的條件，關鍵看合力的方向與速度方向的關系．10、AD【解析】

導體棒受力如圖，I1

所受的安培力沿斜面向上，I2所受的安培力水平向右；

I1

所受的安培力沿斜面向上，如圖根據共點力平衡得，F1=mgsinθ；I2所受的安培力水平向右如圖，根據共點力的平衡得：F2=mgtanθ。又：F1=BI1L；F2=BI2L；所以：；故AD正確，BC錯誤；故選AD。【點睛】解決本題的關鍵是根據左手定則判斷安培力的方向，正確地進行受力分析，運用共點力平衡進行求解。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、6.036.22.095【解析】

[1]用電表擋粗測其電阻，由圖中多用電表表頭可知，電阻阻值為[2]由圖示游標卡尺可知，其示數為[3]由圖示螺旋測微器可知，其示數為12、（1）A（2）B（3）1000.0串聯（4）（5）R1選擇R1時，移動滑片，小燈泡兩端的電壓示數變化比較均勻（線性關系較好）（6）增大；（7）1.1V【解析】

（1）因要得到從零開始連續可調的多組電壓，則控制電路中滑動變阻器的連接方法，應選擇分壓式連接，故選A.（2）小燈泡的電阻，則為了減小系統誤差，關于測量電路中電壓表和電流表的連接方式，應選擇安培表外接法，故選B.（3）電壓表的量程為3V，內阻為3kΩ，則要把電壓表的量程擴大到4伏，改裝電壓表時，應將電阻箱阻值調至，并與題中所給電壓表串聯.（4）實驗的電路圖：（5）為操作方便，實驗中滑動變阻器應選擇阻值較小的R1．選擇理由是：選擇R1時，移動滑片，小燈泡兩端的電壓示數變化比較均勻（線性關系較好）.（6）由實驗曲線可知，隨著電壓的增加I-U線的切線的斜率逐漸減小，則小燈泡的電阻增大.（7）設每個燈泡兩端電壓為U，電流為I，則由閉合電路的歐姆定律：E=2U+I(r+R)，即4=2U+10I，即：U=2-5I，將此函數關系畫在燈泡的伏安特性曲線上，如圖；交點坐標為U=1.1V，即此電路中每個小燈泡的兩端的實際電壓為1.1V.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）6m/s；（2）6.4×105N【解析】（1）由可得接觸工件時的速度為：；（2）設向下為正；對與地面接觸過程由動量定理可知解得；負號說明方向向上；則根據牛頓第三定律可知，錘對工件的平均作