2025屆四川省廣安市鄰水實驗學校高一物理第一學期期末質量檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、運動會上，鉛球從運動員手中被斜向上推出后在空中飛行的過程中，若不計空氣阻力，下列說法正確的是A.鉛球的加速度的大小和方向均不變B.鉛球的加速度的大小不變，方向改變C.鉛球的運動是勻變速直線運動D.鉛球的運動是非勻變速曲線運動2、質量為60kg的人,站在升降機內的臺秤上，測得體重為480N，則升降機的運動可能是()A.勻速上升B.加速下降C.減速下降D.勻速下降3、如圖所示，兩根相同的彈簧S1和S2，勁度系數均為k=400N/m，懸掛的重物質量分別為=2kg相=4kg；若不計彈簧質量，g取10m/s2，則平衡時彈簧s1、s2的伸長量分別為A.10cm、5cm B.15cm、10cmC.15cm、5cm D.10cm、15cm4、在解一道計算題A.可能是正確的B.一定是錯誤的C.如果用國際單位制，結果可能正確D.用國際單位制，結果錯誤，如果用其他單位制，結果可能正確5、已知某運載火箭的質量為2×105kg，點火發射時火箭的推力為6×106N，g取10m/s2，則火箭升空時的加速度為（）A.20m/s2 B.30m/s2C.40m/s2 D.60m/s26、一質點沿x軸正方向做直線運動，通過坐標原點時開始計時，其－t的圖象如圖所示，則()A.質點做勻加速直線運動，加速度為1m/s2B.質點在1s末速度為2m/sC.質點在第1s內的平均速度0.75m/sD.質點做勻速直線運動，速度為0.5m/s7、如圖所示，質量為m的小球用一根細線和一根輕彈簧懸掛起來，小球靜止時，細線水平，而彈簧與豎直成θ角．現將細線剪斷，則下列判斷正確的是（）A.剪斷細線前，細線中張力為mgcotθB.剪斷細線前，彈簧彈力大小為C.剪斷細線瞬間，小球的加速度大小為gsinθD.剪斷細線瞬間，小球的加速度大小為gtanθ8、如圖所示，一質量為的長木板靜置于光滑水平面上，其上放置一質量為的小滑塊。木板受到水平拉力作用時，用傳感器測出長木板的加速度與水平拉力的關系如圖所示，重力加速度，下列說法正確的是（）A.小滑塊質量B.小滑塊與長木板之間的動摩擦因數為C.當水平拉力時，長木板的加速度大小為D.當水平拉力增大時，小滑塊加速度一定增大9、甲、乙兩質點在同一直線上運動，其位移-時間（x-t）圖像如圖所示，其中甲質點的圖像為直線，乙質點的圖像為經過原點的曲線，兩圖像交點A、B的坐標如圖所示。下列說法正確的是A.甲、乙兩質點同時從同一位置出發B.0~t1時間內，甲質點在乙質點前面C.在t2時刻，甲質點的瞬時速度小于乙質點的瞬時速度D.t1~t2時間內乙質點的平均速度與甲質點勻速運動的速度相等10、質量分別為2kg和3kg的物塊A、B放在光滑水平面上并用輕質彈簧相連，如圖所示，今對物塊A、B分別施以方向相反的水平力F1、F2，且F1＝10N、F2＝20N，則下列說法正確的是A.彈簧的彈力大小為10NB.如果只有F1作用，則彈簧的彈力大小為4NC.若把彈簧換成輕質繩，則它們對物體的拉力大小相同D.若F1＝20N、F2＝10N，則彈簧的彈力大小不變二、實驗題11、（4分）12、（10分）三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）“蹦極”就是跳躍者把一端固定的長彈性繩綁在踝關節等處，從幾十米高處跳下的一種極限運動，圖甲所示是其中的一個情景．為了研究蹦極過程，做以下簡化：將游客視為質點，他的運動沿豎直方向，忽略彈性繩的質量和空氣阻力．某次蹦極時，游客從蹦極平臺由靜止開始下落，彈性繩的彈力大小可以用F=k?Δx來計算，式中k為常量，Δx為彈性繩的伸長量．已知該彈性繩的自然長度為20m，取g=10m/s2．則：（1）彈性繩剛伸直的瞬間游客的速度是多大？（2）取彈性繩剛伸直時游客所在位置為坐標原點，取豎直向下為正方向，建立x軸．從彈性繩剛伸直開始，游客向最低點運動的過程中，請推導游客的加速度a與位移x滿足的關系，并在圖乙中定性畫出a隨x變化關系的圖像（3）試論證游客在蹦極過程中的最大加速度大于g14、（14分）四旋翼無人機是一種能夠垂直起降的小型遙控飛行器，目前正得到越來越廣泛的應用．一架質量m=2kg的無人機，其動力系統所能提供的最大升力F=36N，運動過程中所受空氣阻力大小恒為f=4N．(g取10m／s2)(1)無人機在地面上從靜止開始，以最大升力豎直向上起飛．求在t=5s時離地面的高度h；(2)當無人機懸停在距離地面高度H=100m處，由于動力設備故障，無人機突然失去升力而墜落．求無人機墜落到地面時的速度v；(3)接(2)問，無人機墜落過程中，在遙控設備的干預下，動力設備重新啟動提供向上最大升力．為保證安全著地（到達地面時速度為零），求飛行器從開始下落到恢復升力的最長時間t115、（13分）如圖所示，質量M＝2kg的木塊套在水平桿上，并用輕繩與質量m＝2kg的小球相連。今用跟水平方向成a＝角的力F＝10N拉著球帶動木塊一起向右勻速運動，運動中M、m始終保持如圖所示相對位置不變，g取10N/kg。求：（1）運動過程中輕繩拉力及與水平方向夾角θ；（2）木塊與水平桿間的動摩擦因數。

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、A【解析】由于地球周圍的一切物體都要受到重力的作用，所以鉛球在飛行過程中，能夠確定其一定只受到重力的作用．從而根據曲線運動的條件可確定其運動軌跡，及運動的性質.【詳解】A、B、鉛球只受重力，根據牛頓第二定律，加速度為重力加速度，保持不變，即鉛球的加速度的大小和方向均不變，故A正確，B錯誤；C、D、鉛球的運動加速度恒定，但加速度與速度方向不共線，故其做勻變速曲線運動，故C錯誤，D錯誤；故選A.【點睛】通過物體的受力的情況來確定物體的運動性質，同時還可以由運動的情況來確定物體的受力特點；構建運動與力的關系的中間橋梁是牛頓第二定律.2、B【解析】人的質量為60kg，重力是600N，升降機內的臺秤的讀數是480N，說明人處于失重狀態，加速度向下，速度可能向下，也可能向上，分析升降機的運動情況【詳解】由題：人的質量為60kg，重力是600N，升降機內的臺秤的讀數是480N，小于人的重力，則人處于失重狀態，其加速度必定豎直向下，可能加速下降，也可能減速上升．故選B【點睛】對于失重狀態，物體具有向下的加速度，物體有兩種運動情況，加速上升或減速下降，效果相同3、B【解析】m2受重力、彈簧的拉力而處于平衡狀態，由共點力的平衡條件可知，ks2=m2g；解得：同理對整體有：ks1=（m1+m2）g解得：故選B。4、B【解析】由可知x的單位為此為速度的單位，而左邊單位是長度單位，所以結果一定是錯誤的，單位制選的不同，不會影響結果的準確性。故B。5、A【解析】根據牛頓第二定律有代入數據解得a=20m/s2故A正確，BCD錯誤。故選A。6、AB【解析】AD．由圖得：根據得對比可得：則加速度為a＝2×0.5＝1m/s2由圖知質點的加速度不變，說明質點做勻加速直線運動，故A正確，D錯誤；BC．質點的初速度v0＝1m/s，在1s末速度為v＝v0＋at＝2m/s質點在第1s內的平均速度故B正確，C錯誤故選AB。7、BD【解析】AB．剪斷細線前小球受力如圖所示：由平衡條件可以知道彈簧彈力：細線中張力：故A錯誤，B正確.CD．剪斷細線的瞬間細線拉力消失，彈簧的彈力不變，小球受重力mg與彈簧彈力F作用，根據牛頓第二定律小球所受合力：解得小球的加速度大小為：a=gtanθ故C錯誤,D正確.故選BD.8、AC【解析】當拉力較小時，和保持相對靜止一起做勻加速直線運動，當拉力達到一定值時，和發生相對滑動，結合牛頓第二定律，運用整體和隔離法分析。【詳解】A．對整體分析，由牛頓第二定律有當時，此時兩物體具有最大共同加速度，代入數據解得當時，根據牛頓第二定律得知圖線的斜率解得：，滑塊的質量為。故A正確；BC．根據的圖線知，當時，加速度，即有代入數據解得；當時，長木板的加速度為根據得木板的加速度為故B錯誤，C正確；D．當拉力增大時，兩物體發生滑動時，木塊的加速度為恒定不變，故D錯誤。故選AC。【點睛】本題考查牛頓第二定律與圖象的綜合，知道滑塊和木板在不同拉力作用下的運動規律是解決本題的關鍵，掌握處理圖象問題的一般方法，通常通過圖線的斜率和截距入手分析。9、CD【解析】A．從圖中可知兩質點從同一位置出發，但不同時刻開始運動，A錯誤；B．時間內，甲對應的位移小于乙的位移，即乙在甲前面，B錯誤；C．圖像的斜率表示運動的速度，從圖中可知時刻乙的速度大于甲的速度，C正確；D．時間內，兩質點的始末位置都相同，即位移相同，所有時間又相同，故兩者的平均速度相等，D正確。故選CD。10、BC【解析】A．穩定時A、B具有相同的加速度。對于A、B及彈簧整體，根據牛頓第二定律得：F2-F1=（mA+mB）a代入數據解得：a=2m/s2。對A由牛頓第二定律：F2-F彈=mAa代入數據解得：F彈=16N故A錯誤。B．只有F1作用時，對AB整體，根據牛頓第二定律得：F1=（mA+mB）a1解得：a1=2m/s2對A，由牛頓第二定律得：F彈=mAa1解得：F彈=4N故B正確。C．若把彈簧換成輕質繩，整體的加速度不變，則繩對物體的拉力大小仍然為16N，故C正確。D．若F1=20N、F2=10N，對整體AB，根據牛頓第二定律：F1-F2=（mA+mB）a2解得：a2=2m/s2對A，由牛頓第二定律：F彈-F2=mAa2解得：F彈=14N故D錯誤。故選BC。二、實驗題11、12、三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（1）（2）如圖所示：（3）論證過程請見解析【解析】（1）在彈性繩伸直前，游客向下做自由落體運動，則根據速度與位移關系可知彈性繩剛伸直的瞬間游客的速度大小為：，方向向下；（2）取彈性繩剛伸直時游客所在位置為坐標原點，相對坐標原點位移為則開始時彈力小于重力，繼續向下加速度，則根據牛頓第二定律：，則，方向向下；可知隨著位移增加，加速度減小，當即時加速度最小為零，此時刻速度最大；隨著位移繼續增加，加速度開始反方向增大；綜上所述加速度a與位移x的關系為：由于取向下為正方向，則關系圖像如圖所示：（3）當彈性繩剛伸直時為A點，當重力和彈力相等時為O點，另取一點為B點，如圖所示：設，假設：A點的速度為零，到達B點速度也為零，則從A到B重力勢能轉化為彈性勢能則：而且在O點重力與彈力相等，則聯立可以得到：，說明A與B相對O點對稱，則根據牛頓第二定律求出此時在B點加速度為：，則，方向豎直向上；但是：由題可知，游客到達A點時速度不為零，根據能量守恒可知到達B點時速度也不為零，游客到達B點之后還會繼續向下運動，彈性繩的伸長量繼續增大，彈力繼續增大，則當速度為零時其位置在B點下面，則速度為零時其加速度最大，會大于，方向向上14、（1）75m（2）40m/s（3）【解析】（1）由牛頓第二定律F﹣mg﹣f=ma代入數據解得a=6m/s2上升高度