江西省贛州市于都二中2025屆高三物理第一學期期中達標檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于水平面上滑行的物體所受摩擦力的說法正確的是()A．有摩擦力一定有彈力B．當物體與支持面間的壓力一定時，滑動摩擦力將隨接觸面增大而增大C．滑動摩擦力不可能提供動力D．運動速度越大所受摩擦力一定越小2、貨車和客車在公路上同一車道行駛，客車在前，貨車在后，突然出現緊急情況，兩車同時剎車，剛開始剎車時兩車相距30m，剎車過程中兩車的v-t圖像如圖所示，則下列判斷正確的是（）A．在t=10s時刻兩車發生追尾事故B．在t=10s時刻之前兩車發生追尾事故C．兩車不會追尾，在t=10s時刻兩車相距距離為50mD．兩車會在客車停止之后發生追尾事故3、帶有斜面的木塊Ｐ原靜止在光滑的水平桌面上，另一個小木塊Ｑ從Ｐ的頂端由靜止開始沿光滑的斜面下滑．當Ｑ滑到Ｐ的底部時，P向右移動了一段距離，且具有水平向右的速度v，如圖所示．下面的說法中正確的是：A．P、Q組成的系統的動量守恒B．P、Q組成的系統的機械能守恒C．Q減少的重力勢能等于P增加的動能D．P對Q不做功4、如圖所示是質量為1kg的滑塊在水平面上做直線運動的v-t圖像，下列判斷正確的是A．在t=1s時，滑塊的加速度為零B．在4s末~6s末時間內，滑塊的平均速度為2.5m/sC．在3s末~7s末時間內，合力做功的平均功率為2WD．在5s末~6s末時間內，滑塊受到的合力為2N5、2018年5月2日，港珠澳大橋沉管隧道最后接頭成項著床。如圖所示是6000噸重的“接頭”由世界最大單臂全旋回起重船“振華30”安裝的情景。“接頭“經15分鐘緩慢下降15米的過程中，其機械能的改變量，所受重力的平均功率P，起重機對重物做的功W.（不考慮空氣阻力）表述正確的是（）A．機械能的增加量，，B．機械能的增加量，，C．機械能的減小量，，D．機械能的減小量，，6、地球赤道上的重力加速度為g，物體在赤道上隨地球自轉的向心加速度為a，衛星甲、乙、丙在如圖所示的三個橢圓軌道上繞地球運行，衛星甲和乙的運行軌道在P點相切。不計阻力，以下說法正確的是（）A．如果地球的轉速為原來的（g+a)B．衛星甲、乙分別經過P點時的速度相等C．衛星甲的機械能最大D．衛星甲的周期最小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、有一種電荷控制式噴墨打印機，它的打印頭的結構簡圖如圖所示．其中墨盒可以噴出極小的墨汁微粒，此微粒經過帶電室帶上電后以一定的初速度垂直射入偏轉電場，再經偏轉電場后打到紙上，顯示出字符．不考慮墨汁的重力，為使打在紙上的字跡縮小（偏轉距離減小），下列措施可行的是A．減小墨汁微粒的質量B．增大偏轉電場兩板間的距離C．減小偏轉電場的電壓D．減小墨汁微粒的噴出速度8、如圖所示,在斜面上放兩個光滑球A和B,兩球的質量均為m,它們的半徑分別是R和r,球A左側有一垂直于斜面的擋板,兩球沿斜面排列并處于靜止,以下說法正確的是()A．斜面傾角θ一定,R>r時,R越大,r越小,B對斜面的壓力越小B．斜面傾角θ一定,R=r時,兩球之間的彈力最小C．斜面傾角θ一定時,A球對擋板的壓力一定D．半徑確定時,隨著斜面傾角θ逐漸增大,A受到擋板作用力先增大后減小9、如圖D、E、F、G為地面上水平間距相等的四點，三個質量相同的小球A、B、C分別在E、F、G的正上方不同高度處，以相同的水平初速度向左拋出，最后均落到D點。若不計空氣阻力，則可判斷A、B、C三個小球（）A．初始位置離地面的高度之比為1:4:9B．落地時重力的瞬時功率之比為1:2:3C．落地時三個小球的速度大小之比為1:2:3D．從拋出到落地過程中，動能的變化量之比為1:3:510、與嫦娥1號、2號月球探測器不同，嫦娥3號是一次性進入距月球表面100km高的圓軌道Ⅰ（不計地球對探測器的影響），運行一段時間后再次變軌，從100km的環月圓軌道Ⅰ，降低到距月球15km的近月點B、距月球100km的遠月點A的橢圓軌道Ⅱ，如圖所示，為下一步月面軟著陸做準備.關于嫦娥3號探測器下列說法正確的是（）A．探測器從軌道Ⅰ變軌到軌道Ⅱ，在A點應加速B．探測器在軌道Ⅱ經過A點的速度小于經過B點的速度C．探測器沿軌道Ⅰ運動過程中，探測器中的科考儀器對其支持面沒有壓力D．探測器在軌道Ⅱ經過A點時的加速度小于在軌道Ⅰ經過A點時的加速度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某學生為了測量一個物體的質量，找到一個力電轉換器，該轉換器的輸出電壓正比于受壓面的壓力(比例系數為k)，如圖所示，測量時先調節輸入端的電壓，使轉換器空載時的輸出電壓為0；而后在其受壓面上放一物體，即可測得與物體的質量成正比的輸出電壓U.請完成對該物體質量的測量：(1)設計一個電路，要求力電轉換器的輸入電壓可調，并且使調節范圍盡可能大，在虛線框中畫出完整的測量電路圖．(2)簡要說明測量步驟，求出比例系數k，并測出待測物體的質量m.12．（12分）某同學利用打點計時器研究小車做變速直線運動的實驗，得到如圖所示的一條紙帶，在紙帶上依次取了A、B、C、D、E、F、G七個計數點，相鄰的兩個計數點之間還有四個點未畫出，從每一個計數點處將紙帶剪開分成六條，分別為a、b、c、d、e、f，將這六條紙帶由短到長緊靠但不重疊地粘在xoy坐標系中，得到如圖所示的直方圖，最后將各紙帶上端中心連起來，得到表示v-t關系的圖象。已知打點計時器的工作頻率為50Hz，為表示關系，圖中x軸對應物理量是時間t，y軸對應物理量是速度v。(1)圖中各紙帶上端中心連線是一條傾斜的直線，由此可以判斷小車做的是_____________運動。(2)如圖所示，圖中t4為__________s。(3)在紙帶未剪斷時，量出相鄰的計數點之間的距離分別為xAB=2.12cm、xBC=2.51cm、xCD=2.91cm、xDE=3.31cm、xEF=3.70cm、xFG=4.11cm，則小車的加速度大小a=________m/s2（計算結果保留兩位有效數字）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，內壁光滑的氣缸分為高度相等的AB、BC兩部分，AB、BC兩部分中各有厚度和質量均可忽略的絕熱活塞a、b，橫截面積Sa=2Sb，活塞a上端封閉氧氣，a、b間封閉氮氣，活塞b下端與大氣連通，氣缸頂部導熱，其余部分均絕熱.活塞a離氣缸頂的距離是AB高度的，活塞b在BC的正中間.初始狀態平衡，大氣壓強為p0，外界和氣缸內氣體溫度均為7℃.（1）通過電阻絲緩慢加熱氮氣，求活塞b運動到氣缸底部時氮氣的溫度；（2）通過電阻絲緩慢加熱氮氣至420K，求平衡后氧氣的壓強.14．（16分）一傳送帶裝置示意如圖，傳送帶在AB區域是傾斜的，傾角θ=30°．工作時傳送帶向上運行的速度保持v=1m/s不變．現將質量均為m=1kg的小貨箱（可視為質點）一個一個在A處放到傳送帶上，放置小貨箱的時間間隔均為T=1s，放置時初速為零，小貨箱一到達B處立即被取走．已知小貨箱剛放在A處時，前方相鄰的小貨箱還處于勻加速運動階段，此時兩者相距為s1=0.5m．傳送帶裝置由電動機帶動，傳送帶與輪子間無相對滑動，不計輪軸處的摩擦，取g=10m/s1．（1）求小貨箱在傳送帶上做勻加速運動的加速度大小．（1）AB的長度至少多長才能使小貨箱最后的速度能達到v=1m/s？（3）除了剛釋放貨箱的時刻，若其它時間內總有4個貨箱在傳送帶上運動，求每運送一個小貨箱電動機對外做多少功？并求電動機的平均輸出功率．15．（12分）如圖，一輕彈簧原長為2R，其一端固定在傾角為37°的固定直軌道AC的底端A處，另一端位于直軌道上B處，彈簧處于自然狀態，直軌道與一半徑為的光滑圓弧軌道相切于C點，AC=7R，A、B、C、D均在同一豎直面內．質量為m的小物塊P自C點由靜止開始下滑，最低到達E點（未畫出），隨后P沿軌道被彈回，最高點到達F點，AF=4R，已知P與直軌道間的動摩擦因數，重力加速度大小為g．（取，）（1）求P第一次運動到B點時速度的大小．（2）求P運動到Ｅ點時彈簧的彈性勢能．（3）改變物塊P的質量，將P推至E點，從靜止開始釋放．已知P自圓弧軌道的最高點D處水平飛出后，恰好通過G點．G點在C點左下方，與C點水平相距、豎直相距R，求P運動到D點時速度的大小和改變后P的質量．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

A．根據摩擦力產生的條件可知，有摩擦力一定有彈力，A正確；B．當物體與支持面間的壓力一定時，滑動摩擦力與接觸面積無關，B錯誤；C．滑動摩擦力可以是阻力，也可提供動力，C錯誤；D．摩擦力與運動的速度大小無關，D錯誤；故選A。2、D【解析】

AB.在t=10s之前，客車的速度比貨車的速度快，因此客車的位移比貨車的位移大，客車在貨車前方，因此不會發生追尾事故，故AB錯誤；C.t=10s時，由圖線知兩車的速度相等，都為20m/s，此時兩車相距最遠；t=10s時客車的位移大小貨車的位移大小所以在t=10s時刻兩車相距距離為x=x1-x2+30m=80m故C錯誤；D.客車在t=20s時停止運動，根據對稱性可知，此時兩車的距離與t=0時的距離相同，不會追尾；由圖可知貨車剎車后發生的位移客車剎車后發生的位移由于=50m30m，所以兩車會在客車停止之后發生追尾事故，故D正確．3、B【解析】

A、根據動量守恒的條件可知，木塊P、Q組成的系統水平方向不受外力，則系統水平方向動量守恒，但豎直方向Q向下做加速運動，所以豎直方向的動量不守恒，故A錯誤。B、因為P與Q之間的彈力屬于P與Q的系統的內力，除彈力外，只有重力做功，所以P、Q組成的系統的機械能守恒，故B正確。C、根據功能關系可知，小木塊Q減少的重力勢能等于木塊P與Q增加的動能之和，故C錯誤。D、由題可知，

P對Q的支持力的方向與Q的位移方向的夾角大于90°，對Q做負功，故D錯誤。【點睛】本題主要考查動量守恒定律、機械能守恒定律以及功能關系，需要學生對這幾個定律的條件和關系掌握到位。4、C【解析】在t=1s時，滑塊的加速度為：，故A錯誤；在4s-6

s時間內，滑塊的位移為：，則滑塊的平均速度大小為：，故B錯誤；在3s～7s時間內，根據動能定理得合力做功，合力做功的平均功率的大小為，故C正確．在5s-6

s時間內，滑塊的加速度大小為：=4m/s2，根據牛頓第二定律得：F合=ma=1×4=4N，故D錯誤；故選C．點睛：解決本題的關鍵知道速度時間圖線的斜率表示加速度，圖線與時間軸圍成的面積表示位移．要知道動能定理是求合力做功常用的方法．5、C【解析】

重物緩慢下降，其動能不變，重力勢能減少，所以機械能的減少量：所受重力的平均功率為：根據動能定理知合外力對重物所做的總功零，則起重機對重物做的功：故C正確，ABD錯誤。故選：C．6、A【解析】物體在赤道上隨地球轉動時，根據牛頓定律：；當物體飄起來的時候，萬有引力完全提供向心力，則此時物體的向心加速度為，即此時的向心加速度a′=g+a；根據向心加速度和轉速的關系有：a=（2πn）2R，a′=（2πn′）2

R可得：，故A正確；物體在橢圓形軌道上運動，軌道高度超高，在近地點時的速度越大，故B錯誤；衛星的機械能跟衛星的速度、高度和質量有關，因未知衛星的質量，故不能確定甲衛星的機械能最大，故C錯誤；根據開普勒第三定律知，橢圓半長軸越小，衛星的周期越小，衛星甲的半長軸最長，故周期最大，D錯誤；故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

微粒以一定的初速度垂直射入偏轉電場做類平拋運動，則有：水平方向：；豎直方向：，加速度：，聯立解得：，要縮小字跡，就要減小微粒通過偏轉電場的偏轉角y．由上式分析可知，采用的方法有：增大墨汁微粒的質量、增大轉電場兩板間的距離、減小偏轉極板間的電壓U、增大墨汁微粒的噴出速度，故AD錯誤，BC正確；8、BC【解析】

AB、對B球受力分析，受重力mg、斜面支持力N和A球的支持力F，改變R與r時，A對B的彈力的方向是改變的，如圖所示：由圖可以看出，當R=r時，支持力平行斜面向上，兩球之間的彈力最小，故B正確；當R>r，R越大，r越小時，力F方向從圖中的位置1逐漸向位置2、3移動，故斜面支持力N增加，根據牛頓第三定律，B對斜面的壓力也增加，故A錯誤；C、對AB整體分析，受重力、斜面支持力和擋板的支持力，根據平衡條件，A對擋板的壓力NA=2mgsinθ，則知斜面傾角θ一定時，無論半徑如何，A對擋板的壓力NA一定，故D、

由上知，A對擋板的壓力NA=2mgsinθ，半徑一定時，隨著斜面傾角θ逐漸增大,A對擋板的壓力NA增大，故D故選BC。【點睛】一要靈活選擇研究對象，二要靈活選擇研究方法，本題采用圖解法和函數法相結合研究，比較簡便。9、AB【解析】由題意知，小球在水平方向的位移之比，小球在水平方向做勻速直線運動，根據可知小球的運動時間之比為，小球在豎直方向上做自由落體運動，根據公式，則拋出點的高度之比為，A正確；重力做功功率，而，故，結合可得落地時重力的瞬時功率之比為1：2：3，B正確；因為落地速度為，而落地時豎直方向上的速度之比為1：2：3，所以落地的合速度之比不等于1：2：3，C錯誤；由動能定理得，動能的變化量，根據可知動能的變化量之比為1：4：9，D錯誤．10、BC【解析】

探測器繞月球做勻速圓周運動過程中萬有引力完全提供向心力，探測器中的物體處于完全失重狀態，從軌道I變軌到軌道II要做近心運動，提供的向心力大于運動所需向心力，故從軌道I到軌道II上要減速；探測器在軌道上運動，萬有引力產生加速度，根據萬有引力大小判斷加速度的大小，在不同軌道上經過同一點時衛星的加速度大小相同；【詳解】A、探測器從軌道I變軌到軌道II的過程中探測器軌道半徑要減小做近心運動，提供的向心力大于所需向心力，又因在軌道I上運動時萬有引力和向心力相等，故變軌時需在A點做減速運動，使得探測器滿足GMmr2B、探測器在橢圓軌道Ⅱ運行由A運動至B點的過程中，逐漸靠近地球，萬有引力做功，故勢能變小，動能變大，經過A點的線速度小于經過B點的線速度，故B正確；C、探測器沿軌道Ⅰ運動過程中，處于完全失重狀態，探測器中的科考儀器對其支持面沒有壓力，故C正確；D、在A點探測器產生的加速度都是由萬有引力產生的，因為同在A點萬有引力大小相等，故不管在哪個軌道上運動，在A點時萬有引力產生的加速度大小相等，故D錯誤。【點睛】解決本題是要知道探測器做圓周運動時萬有引力完全提供向心力，當萬有引力大于需要的向心力時則探測器做向心運動，同時知道探測器中的物體處于失重狀態以及探測器變軌的原理。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)(2)；【解析】

力電轉換器雖然是一個全新的儀器，但它與其他所有的測量儀器一樣，要有一個“調零”的過程．仔細審題，題目中有很多重要的暗示，挖掘這些信息即是我們解決問題的關鍵．“測量時先調節輸入端的電壓，使轉換器空載時的輸出電壓為0；而后在其受壓面上放一物體，即可測得與物體的質量成正比的輸出電壓U”“該轉換器的輸出電壓正比于受壓面的壓力(比例系數為k)”，所以輸出電壓U＝kmg，題目要求“力電轉換器的輸入電壓可調，并且使電壓的調節范圍盡可能大”，這就暗示我們滑動變阻器必須使用分壓式，有了設計電路才可以進行測量步驟；(1)設計電路如圖所示．(2)測量步驟如下：①調節滑動變阻器，使轉換器的輸出電壓為零；②將質量為m0的砝碼放在轉換器的受壓面上，記下輸出電壓U0；③將待測物體放在轉換器的受壓面上，記下輸出電壓U1；④因為U0＝km0g、U1＝kmg，所以可求12、勻加速直線0.350.40【解析】

(1)[1]紙帶上端中心連線是一條傾斜的直線，說明相鄰相等時間內的位移差相等，由此可以判斷小車做的是勻加速直線運動。(2)[2]圖中(3)[3]根據逐差法可求出加速度為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）350K；（2）；【解析】①活塞b降至底部的過程中活塞a不動，氮氣經歷等壓變化，設AB部分的體積為，由題意知，BC部分的體積為，設氮氣初態的體積為，溫度為，壓強為，末態體積為，溫度為，由幾何關系得：,由蓋—呂薩克定律得：代入數據得：②設平衡后中間氮氣的體積為，上方氧氣的體積為，壓強為p對中間氮氣由理想氣體狀態方程代入數據得：設氧氣初態的體積為，由題意知，壓強為；末態的體積為，壓強為p對上方的氧氣，發生等溫變化，由玻意爾定律得：由幾何關系得：聯立解得：14、（1）1m/s1（1）1m（3）48J；88W【解析】

小貨箱剛放在A處時，前方相鄰的小貨箱已經運動了時間T，根據勻加速直線運動位移時間公式即可求解；當物體做勻加速運動到達B點時速度剛好為1m/s時，AB長度最短，根據勻加速直線運動位移速度公式即可求解；傳送帶上總有4個貨箱在運動，說明貨箱在A處釋放后經過t=4T的時間運動至B處．求出勻加速運動的時間，根據牛頓第二定律求出摩擦力，進而求出這段時間內，傳送帶克服該貨箱的摩擦力做的功，貨箱在此后的時間內隨傳送帶做勻速運動，求出傳送帶克服該貨箱的摩擦力做的功，進而求出每運送一個小貨箱電動機對外做的功，根據P=W【詳解】解：(1)小貨箱剛放在A處時，前方相鄰的小貨箱已經運動了時間T，有：s1代入數據解得加速度大小：a=1m/s2