2025屆湖南長沙縣三中高三物理第一學期期中監測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一個內壁光滑的3/4圓管軌道ABC豎直放置，軌道半徑為R．O、A、D位于同一水平線上，A、D間的距離為R．質量為m的小球（球的直徑略小于圓管直徑），從管口A正上方由靜止釋放，要使小球能通過C點落到AD區，則球經過C點時（）A．對管的作用力大小滿足B．對管的作用力大小滿足C．速度大小滿足D．速度大小滿足2、下列說法中正確的是（）A．只要物體受力的同時又有位移發生，則一定有力對物體做功；B．力很大，位移很大，這個力所做的功一定很多；C．機械做功越多，其功率越大；D．汽車上坡的時候，司機必須換擋，其目的是減小速度，得到較大的牽引力；3、2019年4月20日，我國在西昌衛星發射中心用長征三號乙運載火箭，成功發射第44顆北斗導航衛星，拉開了今年北斗全球高密度組網的序幕。北斗系統主要由離地面高度約為6R的同步軌道衛星和離地面高度約為3R的中圓軌道衛星組成(R為地球半徑)，設表面重力加速度為g，忽略地球自轉。則（）A．這兩種衛星速度都大于B．中圓軌道衛星的運行周期大于24小時C．中圓軌道衛星的向心加速度約為D．衛星從中軌道變到同步軌道需向前噴氣4、如圖所示，有三個點電荷A、B、C位于一個等邊三角形的三個頂點上，已知A、B都帶正電荷，A所受B、C兩個電荷的靜電力的合力如圖中所示。那么可以判定點電荷C所帶電荷的電性為（）A．一定是正電 B．一定是負電C．可能是正電，也可能是負電 D．無法判斷5、如圖，物塊、、質量均為，水平地面光滑，與之間動摩擦因素，與用不可伸長的輕繩連接，繩子與水平方向夾角．外力水平向右作用在上，使三者一起向右運動，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為，則A．物塊對水平地面的壓力為B．物塊與之間的摩擦力最大為C．物塊的加速度最大為D．物塊的加速度可能大于6、質譜儀是測量帶電粒子的比荷和分析同位素的重要工具．如圖所示，帶電粒子從容器下方的小孔飄入電勢差為的加速電場，其初速度幾乎為零，然后經過沿著與磁場垂直的方向進入磁感應強度為的勻強磁場中，最后打到照相底片上．現有某種元素的三種同位素的原子核由容器進入質譜儀，最后分別打在底片、、三個位置．不計粒子重力．則打在處的粒子()A．質量最小 B．比荷最小 C．動能最小 D．動量最小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、“神舟九號”飛船與“天宮一號”成功對接，在飛船完成任務后返回地面，要在A點從圓形軌道Ⅰ進入橢圓軌道Ⅱ，B為軌道Ⅱ上的一點，如圖所示，關于“神舟九號”的運動，下列說法中正確的有()A．在軌道Ⅱ上經過A的速度小于經過B的速度B．在軌道Ⅱ上經過A的速度小于在軌道Ⅰ上經過A的速度C．在軌道Ⅱ上運動的周期小于在軌道Ⅰ上運動的周期D．在軌道Ⅱ上經過A的加速度小于在軌道Ⅰ上經過A的加速度8、如圖所示，小球在豎直放置的光滑圓形管道內做圓周運動，管道內側壁半徑為R，小球半徑為r，則下列說法中正確的是（）A．小球通過最高點時的最小速度B．小球通過最高點時的最小速度C．小球在水平線ab以下的管道中運動時，內側管壁對小球一定無作用力D．小球在水平線ab以上的管道中運動時，外側管壁對小球一定有作用力9、如圖所示，絕緣彈簧的下端固定在光滑斜面底端，彈簧與斜面平行，帶電小球Q（可視為質點）固定在絕緣斜面上的M點，且在通過彈簧中心的直線ab上。現將與Q大小相同、電性也相同的小球P，從直線ab上的N點由靜止釋放，若兩小球可視為點電荷。在小球P與彈簧接觸到速度變為零的過程中，下列說法中正確的是（）A．小球P的速度一定先增大后減小B．小球P的機械能一定在減少C．小球P速度最大時所受彈簧彈力和庫侖力的合力為零D．小球P與彈簧系統的機械能一定增加10、如圖所示裝置中，質量為M的木塊B與水平桌面間的接觸面是光滑的，質量為m的子彈A沿水平方向以v0射入木塊后留在木塊內，將彈簧壓縮到最短．則此系統從子彈開始射入木塊到彈簧壓縮至最短的整個過程中A．彈簧、木塊和子彈組成的系統動量不守恒，機械能不守恒B．彈簧、木塊和子彈組成的系統動量守恒，機械能守恒C．彈簧的最大彈性勢能為D．彈簧的最大彈性勢能為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“探究恒力做功與動能改變的關系”的實驗中,要改變木板的傾角，使小車在不掛鉤碼時能勻速下滑，其目的是_____________________________，為了使得小車受到的拉力近似等于鉤碼的重力，小車的質量M與鉤碼的質量m要滿足什么關系_____________________________12．（12分）請按下列要求作答（1）圖1是某多用電表的表盤示意圖，當用“0~50V”量程測直流電壓時，指針位置如圖中①所示，其示數為______V；當用“×100”歐姆擋測量某定值電阻的阻值時，其指針位置如圖中②所示，其示數為：______Ω。（2）圖2中游標卡尺的示數為______mm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個質量m=4.0kg的物體靜止在水平地面上，現用一大小F=20Ｎ、與水平方向成θ=37°斜向上的力拉物體，使物體沿水平地面做勻加速直線運動。已知物體與水平地面間的動摩擦因數μ=0.50，sin37o=0.60，cos37o=0.80，空氣阻力可忽略不計，取重力加速度g=10m/s2。求：（1）物體做勻加速直線運動的加速度大小a；（2）物體由靜止開始運動通過位移x=1.0m所需要的時間t；（3）物體由靜止開始運動4.0s的過程中，拉力F所做的功W。14．（16分）如圖所示，坐標平面第Ⅰ象限內存在大小為E＝4×105N/C、方向水平向左的勻強電場，在第Ⅱ象限內存在方向垂直紙面向里的勻強磁場．比荷＝2.5×109C/kg的帶正電的粒子，以初速度v0＝2×107m/s從x軸上的A點垂直x軸射入電場，OA＝0.2m，不計粒子的重力．（1）求粒子在電場中運動的加速度大小；（2）求粒子經過y軸時的位置到原點O的距離；（3）若要使粒子不能進入第Ⅲ象限，求磁感應強度B的取值范圍．（不考慮粒子第二次進入電場后的運動情況）15．（12分）一質量m＝0.5kg的滑塊以一定的初速度沖上一傾角為30o足夠長的斜面，某同學利用DIS實驗系統測出了滑塊沖上斜面過程中多個時刻的瞬時速度，如圖所示為通過計算機繪制出的滑塊上滑過程的v－t圖．求：（g取10m/s2）（1）滑塊與斜面間的動摩擦因數；（2）判斷滑塊最后能否返回斜面底端？若能返回，求出返回斜面底端時的動能；若不能返回，求出滑塊停在什么位置．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

小球離開C點后做平拋運動，由平拋運動的規律求解C點的速度大小范圍．由于球的直徑略小于圓管直徑，所以管對球的作用力可能向上也可能向下，根據牛頓第二定律分析這兩種情況下球對管的作用力大小范圍．【詳解】小球離開C點做平拋運動，落到A點時水平位移為R，豎直下落高度為R，根據運動學公式可得：豎直方向有：R=gt2；水平方向有：R=vC1t；解得：vC1=；小球落到D點時水平位移為2R，則有2R=vC2t；解得vC2=；故速度大小滿足≤vc≤，故C正確，D錯誤．由于球的直徑略小于圓管直徑，所以過C點時，管壁對小球的作用力可能向下，也可能向上，當vC1=，向心力F=＜mg，所以管壁對小球的作用力向上，根據牛頓第二定律得：mg-Fc1=，解得N=mg；當vC′=，向心力F′==2mg＞mg，所以管壁對小球的作用力向下，根據牛頓第二定律得：mg+Fc2=，解得N′=mg；假設在C點管壁對小球的作用力為0時的速度大小為vC3，則由向心力公式可得，解得vC3=，vC3在≤vc≤范圍內，所以滿足條件．所以球經過C點時對管的作用力大小滿足0≤Fc≤mg，故AB錯誤．故選C．2、D【解析】

（1）當物體受到的力方向與位移方向垂直時，力不做功，故A錯誤；（2）由A可知，力很大，位移很大，但兩者方向垂直，做功為零，故B錯誤；（3）由P=Wt可知，功率與Wt比值有關，與W（4）汽車上坡的時候，司機必須換擋是為了增大牽引力，由P=FV可知，速度將減小，故D正確；故本題選D。3、C【解析】

A．M表示地球的質量，m表示衛星的質量，根據萬有引力提供向心力得又地球表面的物體解得故A錯誤；B．M表示地球的質量，m表示衛星的質量，根據萬有引力提供向心力得可知軌道半徑越大則周期越大，所以中圓軌道衛星的運行周期小于同步衛星的周期24小時，故B錯誤；C．在地球表面為m0的物體，有中圓軌道衛星則其向心加速度約為，故C正確；D．衛星的軌道越高，則其機械能增大，所以若衛星從中圓軌道變軌到同步軌道，需向后方噴氣加速，故D錯誤。故選C。4、B【解析】

對A電荷受力分析，B對A的是庫侖斥力，沿BA的連線向上；如果C是正電荷，則C對A的庫侖斥力沿CA連線向上，這兩個斥力的合力指向CA和BA延長線之間，不可能BA偏向右；只有C帶負電，C對A的庫侖引力沿AC連線向下，與B對A的作用力的合力才偏向右側，故C一定帶負電，故B正確，ACD錯誤。故選B。5、D【解析】

A．對整體受力分析，根據牛頓第二定律可知，對A分析，在水平方向上受到地面的支持力，重力和繩子的拉力，根據正交分解法可得，在水平方向上在豎直方向上故A錯誤；B．因為繩子對B的拉力有一個豎直向下的分力，所以B對C的壓力大于mg，故最大靜摩擦力大于0.6mg，B錯誤；CD．當B即將滑動時，加速度最大，此時有對A分析有聯立有即，其中，故最大加速度大于0.3g，物塊B的加速度有可能大于0.3g，C錯誤D正確．故選D.6、B【解析】

粒子在電場中加速，由動能定理得：

粒子在磁場中做勻速圓運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：；

B、聯立解得：，由圖示可知：打在處的粒子軌道半徑r最大，打在處的粒子比荷最小，故B正確；

A、由于三種粒子是同位素，粒子所帶電荷量q相等，比荷越小，質量越大，由此可知，打在處的粒子質量最大，故A錯誤；

C、三種粒子的電荷量q相同、加速電壓U相同，由可知，三種粒子的動能相等，故C錯誤；

D、粒子的動量：，由于粒子動能相等，打在處的粒子質量最大，則打在處的粒子動量最大，故D錯誤．【點睛】本題考查了粒子在電場與磁場中的運動，分析清楚粒子運動過程是正確解題的關鍵，應用動能定理與牛頓第二定律可以解題．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】

A．在軌道Ⅱ上由A點到B點，萬有引力做正功，動能增加，則A點的速度小于B點的速度，故A正確；B．由軌道Ⅰ上的A點進入軌道Ⅱ，需減速，使得萬有引力大于所需的向心力，所以在軌道Ⅱ上A的速度小于在軌道Ⅰ上A的速度，故B正確；C．根據開普勒第三定律知，由于軌道Ⅱ的半長軸小于軌道Ⅰ的半徑，則飛船在軌道Ⅱ上運動的周期小于在軌道Ⅰ上運動的周期，故C正確；D．神州九號在軌道Ⅱ上經過A點和軌道Ⅰ上經過A的受到萬有引力相等，根據牛頓第二定律知，加速度相等，故D錯誤。故選ABC。8、BC【解析】

AB.因是在圓形管道內做圓周運動，所以在最高點時，內壁可以給小球沿半徑向外的支持力，所以小球通過最高點時的最小速度可以為零．所以選項A錯誤，B正確；C.小球在水平線ab以下的管道中運動時，豎直向下的重力沿半徑方向的分力沿半徑方向向外，小球的向心力是沿半徑向圓心的，小球與外壁一定會相互擠壓，所以小球一定會受到外壁的作用力，內壁管壁對小球一定無作用力，所以選項C正確；D.小球在水平線ab以上的管道中運動時，當速度較小時，重力沿半徑方向上的分力大于或等于小球做圓周運動需要的向心力，此時小球與外壁不存在相互擠壓，外側管壁對小球沒有作用力，選項D錯誤．9、AD【解析】

A．小球先沿斜面加速向下運動，后減速向下運動，當彈簧壓縮量最大時，小球靜止，故A正確；B．由于小球P除了重力之外的力做功還有彈簧的彈力和庫侖斥力做功，開始彈簧的彈力和庫侖斥力的合力方向向下，做正功，所以小球P的機械能增大；隨彈力的增大，二者的合力可能向上，合力做功，機械能減小。所以小球P的機械能先增大后減少，故B錯誤；C．小球P的速度一定先增大后減小，當P的加速度為零時，速度最大，所以小球P速度最大時所受彈簧彈力、重力沿斜面向下的分力和庫侖力的合力為零，故C錯誤；D．根據能量守恒定律知，小球P的動能、與地球間重力勢能、與小球Q間電勢能和彈簧彈性勢能的總和不變，因為在小球P與彈簧接觸到速度變為零的過程中，Q對P的庫侖斥力做正功，電勢能減小，所以小球P與彈簧系統的機械能一定增加，故D正確。故選AD。10、AC【解析】

AB．子彈水平射入置于光滑水平面上的木塊，并留在其中的過程中系統所受外力之和為零，動量守恒，在子彈A打中木塊B有滑動摩擦力做功，系統機械能不守恒。故A正確，B錯誤；CD．在子彈射入的過程動量守恒，根據動量守恒定律得：(M+m)v=mv0之后子彈、木塊、彈簧組成的系統，只有彈簧彈力做功，機械能守恒，當速度等于零時，彈簧機械能最大，則有：故C正確，D錯誤.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、平衡摩擦力M》m【解析】（1）在“探究恒力做功與動能改變的關系”的實驗中,要改變木板的傾角，使小車在不掛鉤碼時能勻速下滑，其目的是平衡摩擦力．

（2）對整體分析，有：，根據牛頓第二定律，對小車分析，繩子的拉力為：，可知當M＞＞m時，小車受到的合力與鉤碼的總重力大小基本相等．12、33.014007.5【解析】

（1）[1]當用“0~50V”量程測直流電壓時，最小刻度為1V，則示數為33.0V；[2]當用“×1