2025屆安徽省宣城二中物理高三第一學期期中學業水平測試模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、空間存在著平行于x軸方向的靜電場，其電勢隨x的分布如圖所示，A、M、O、N、B為x軸上的點，，．一個帶電粒子在電場中僅在電場力作用下從M點由靜止開始沿x軸向右運動，則下列判斷中正確的是（）A．粒子一定帶正電B．粒子從M向O運動過程中所受電場力均勻增大C．粒子一定能通過N點D．粒子從M向O運動過程電勢能逐漸增加2、如圖所示,粗細均勻的U形管豎直放置,管內有水銀柱封住一段空氣柱,如果沿虛線所示的位置把開口一側的部分截掉,保持彎曲部分管子位置不動,則封閉在管內的空氣柱將()A．體積不變 B．體積變大C．壓強變大 D．壓強不變3、如圖所示，物體A放置在固定斜面上，一平行斜面向上的力F作用于物體A上．在力F變大的過程中，A始終保持靜止，則以下說法中正確的是（）A．物體A受到的合力變大B．物體A受到的支持力不變C．物體A受到的摩擦力變大D．物體A受到的摩擦力變小4、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，當滑動變阻器的滑片P從右端滑到左端時，發現電壓表V1V2示數變化的絕對值分別為△U1和△U2，下列說法中正確的是（）A．小燈泡L1、L2變暗，L3變亮B．小燈泡L3變暗，L1、L2變亮C．△U1<△U2D．△U1=△U25、足夠長的水平傳送帶以恒定速率v勻速運動，某時刻一個質量為m的小物塊，以大小也是v、方向與傳送帶的運動方向相反的初速度沖上傳送帶，最后小物塊的速度與傳送帶的速度相同．在小物塊與傳送帶間有相對運動的過程中，滑動摩擦力對小物塊做的功為W，小物塊與傳送帶間因摩擦產生的熱量為Q，則下列判斷中正確的是()A．W＝0，Q＝mv2B．W＝，Q＝mv2C．W＝0，Q＝2mv2D．W＝mv2，Q＝2mv26、如圖所示，某靜電場中的一條電場線與x軸重合，其電勢的變化規律如圖所示。在O點由靜止釋放一電子，電子僅受電場力的作用，則在-x0~x0區間內（）A．該靜電場是勻強電場B．在-x0~x0區間內，電場強度方向沿x軸正方向C．電子將沿x軸正方向運動，加速度逐漸減小D．電子將沿x軸正方向運動，加速度逐漸增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、懸掛在電梯天花板上的彈簧測力計的掛鉤掛著質量為m的物體,電梯靜止時彈簧測力計示數為,下列說法正確的是()A．當電梯勻速上升時,彈簧測力計的示數增大,電梯勻速下降時,彈簧測力計的示數減小B．只有電梯加速上升時,彈簧測力計的示數才會增大,只有電梯加速下降時,彈簧測力計的示數才會減小C．不管電梯向上或向下運動,只要加速度的方向豎直向上,彈簧測力計的示數一定增大D．不管電梯向上或向下運動,只要加速度的方向豎直向下,彈簧測力計的示數一定減小8、一簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在t=0時刻的波形圖如圖所示，波剛好傳到x=8m的位置，P是平衡位置為x=1m處的質點，并經過0.2s完成了一次全振動，Q是平衡位置為x=4m處的質點，M是平衡位置為x=34m處的質點（M點圖中未畫出），則下列說法不正確的是（）A．波源的起振方向沿y軸負方向B．t=0.15s時，質點Q縱坐標為10cmC．波剛好傳到M質點時，質點P振動方向沿y軸正方向D．當質點M第一次出現在波峰位置時，質點Q恰好出現在平衡位置且振動方向沿y軸正方向E.從t=0.10s到t=0.15s，質點P通過的路程為10cm9、放置于固定斜面上的物塊，在平行于斜面向上的拉力F作用下，沿斜面向上做直線運動．拉力F和物塊速度v隨時間t變化的圖象如圖，則()A．第1s內物塊受到的合外力為0.5NB．物塊的質量為11kgC．第1s內拉力F的功率逐漸增大D．前3s內物塊機械能先增大后不變10、如圖所示，一根輕質彈簧一端固定于光滑豎直桿上，另一端與質量為m的滑塊P連接，P穿在桿上，一根輕繩跨過定滑輪將滑塊P和重物Q連接起來，重物Q的質量M=6m，把滑塊從圖中A點由靜止釋放后沿豎直桿上下運動，當它經過A、B兩點時彈簧對滑塊的彈力大小相等，已知OA與水平面的夾角θ=53°，OB長為L，與AB垂直，不計滑輪的摩擦力，重力加速度為g，滑塊P從A到B的過程中，說法正確的是A．對于滑塊Q，其重力功率先增大后減小B．滑塊P運動到位置B處速度達到最大，且大小為C．輕繩對滑塊P做功4mgLD．P與Q的機械能之和先減小后增加三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在探究加速度與物體所受合外力和質量間的關系時，采用如圖所示的實驗裝置，小車及車中的砝碼質量用M表示，盤及盤中的砝碼質量用m表示，小車的加速度可由小車后拖動的紙帶由打點計數器打上的點計算出：(1)為了使小車受的合外力等于繩子拉力，必須對小車___________________?．(2)當M與m的大小關系滿足_____________時，才可以認為繩子對小車的拉力大小等于盤和砝碼的重力.?(3)一組同學在先保持盤及盤中的砝碼質量一定，探究做加速度與質量的關系，以下做法錯誤的是（______）A．平衡摩擦力時，應將盤及盤中的砝碼用細繩通過定滑輪系在小車上B．每次改變小車的質量時，不需要重新平衡摩擦力C．實驗時，先放開小車，再接通打點計時器電源D．實驗時需要天平測出m以及小車質量M(4)在保持小車及車中的砝碼質量質量M一定，探究加速度與所受合外力的關系時，由于平衡摩擦力時操作不當，二位同學得到的a―F關系分別如圖中C、D所示（a是小車的加速度，F是細線作用于小車的拉力）.其原因分別是：C圖________________________________________________D圖________________________________________________12．（12分）某同學進行“驗證力的平行四邊形定則”實驗，試完成主要步驟:(1)如圖甲，用兩只彈簧測力計分別鉤住細繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，記下結點的位置O點、兩彈簧測力計的讀數F1、F2以及______________________。(2)用一只彈簧測力計鉤住細繩套把橡皮條與細繩套的結點拉到結點O,記下細繩的方向;讀出第二個圖中彈簧測力計的示數F=______N.(注意有效位數)(3)圖中,________(F或F')的方向一定與橡皮條在同一直線上.(4)關于該實驗的注意事項，下列說法中正確的是_________。A．彈簧測力計應在使用前校零B．實驗中所用的兩根細繩越短越好C．彈簧測力計的拉力方向必須與木板平行D．每次實驗中兩個分力間的夾角必須大于90°四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）某天大霧彌漫，能見度很低，甲、乙兩輛汽車同向行駛在同一平直公路上，甲車在前，乙車在后，甲車的速度v1＝15m/s，乙車的速度v2＝25m/s，當乙車行駛到距甲車s＝60m時，駕駛員發現了前方的甲車，設兩車駕駛員的反應時間均為Δt＝0.5s.（1）若乙車的駕駛員發現甲車后經反應時間Δt后立即剎車做勻減速運動，為了防止相撞，求乙車減速運動的最小加速度的大小a1(此過程甲車速度保持不變)；（2）若乙車的駕駛員發現甲車后經反應時間Δt后，僅采取鳴笛警告措施，甲車駕駛員聽到鳴笛后經反應時間Δt后立即做勻加速運動，為了防止相撞，求甲車加速運動的最小加速度的大小a2.14．（16分）額定功率P=60kw、質量m=1.6t的汽車在一山坡上行駛，下坡時若關掉油門，則汽車的速度將保持不變。現讓該汽車在這一山坡上由靜止開始向下行駛，先以F=8000N恒定牽引力勻加速行駛一段時間，當功率達到額定功率時，改為恒定功率行駛，當速度達到勻加速結束時速度的兩倍時關掉油門，汽車勻速下坡。設山坡足夠長，汽車上述各過程中受到的阻力相同。求：(1)汽車勻加速結束時速度大小；(2)汽車由靜止開始向下行駛至關掉油門這一過程的總時間。15．（12分）在籃球比賽時，運動員為了避免對方運動員對籃球的攔截，往往采取使籃球與地面發生一次碰撞反彈而傳遞給隊友的傳球方法。假設運動員甲將質量m=0.5kg的籃球，以v0=5m/s的速率從離地面高h=0.8m處水平拋出，球與地面碰撞后水平方向的速度變為與地面碰撞前水平速度的4/5，球與地面碰撞后豎直方向速度變為與地面碰前瞬間豎直方向速度的3/4，運動員乙恰好在籃球的速度變為水平時接住籃球，籃球與地面碰撞作用的時間極短（可忽略不計），不計空氣阻力，g取10m/s2，求：甲、乙傳球所用的時間和甲拋球位置與乙接球位置之間的水平距離分別是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A．由圖可知，AB兩點電勢相等，O點的電勢最高，A到O是逆電場線，粒子僅在電場力作用下，從M點由靜止開始沿x軸向右運動即逆電場線方向運動，故粒子一定帶負電。A錯誤；

B．A到M電勢均勻升高，故A到O的電場是勻強電場，所以粒子M向O運動過程中所受電場力不變。故B錯誤；

C．由圖可知，AB兩點電勢相等，M點的電勢小于N點的電勢，故M到O電場力做的功大于O到N電場力做的功，所以粒子一定能通過N點。故C正確；

D．粒子從M向O運動過程電場力做正功，電勢能一定減小，故D錯誤。

故選C。2、C【解析】

設玻璃管兩側水銀面高度差是h，大氣壓為p0，封閉氣體壓強p=p0-h沿虛線所示的位置把開口一側的部分截掉，h變小，封閉氣體壓強p=p0-h變大，氣體溫度不變，壓強變大，由玻意耳定律可知，封閉氣體體積變小。AB.體積變小，故AB錯誤。CD.壓強變大，故C正確D錯誤。3、B【解析】

A.物體受重力、支持力、摩擦力及拉力的作用而處于靜止狀態，故合力為零，故A錯誤；B.將重力分解到沿斜面和垂直于斜面的方向；在垂直于斜面方向，重力的分力、支持力平衡，，所以支持力不變，故B正確；CD.若，摩擦力沿斜面向下，受力分析如圖所示：由平衡得：，在力F變大的過程中，故根據平衡條件，靜摩擦力逐漸增加；若，摩擦力向上，由平衡得：，故根據平衡條件，靜摩擦力應先減小，后反方向增大，故CD錯誤.故選B。4、B【解析】試題分析：當滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則L1變亮．變阻器的電阻減小，并聯部分的電阻減小，則并聯部分電壓減小，則L3變暗．總電流增大，而L3的電流減小，則L1的電流增大，則L1變亮．故A錯誤，B正確．由上分析可知，電壓表V1的示數減小，電壓表V1的示數增大，由于路端電壓減小，所以△U1＞△U1．故CD錯誤．故選B．考點：電路的動態分析【名師點睛】本題是電路動態變化分析問題，按“局部→整體→局部”思路進行分析．運用總量法分析兩電壓表讀數變化量的大小。5、C【解析】

在整個運動的過程中，物體動能的變化量為零，只有摩擦力做功，根據動能定理知W1=0；滑塊先做勻減速直線運動到零，然后返回做勻加速直線運動，達到速度v后做勻速直線運動，設動摩擦因數為μ，則勻減速直線運動的加速度大小為：；勻減速直線運動的時間為：，位移為：，傳送帶的位移為：，物體相對傳送帶滑動的路程為：；物體返回做勻加速直線運動的加速度大小仍為a，則加速時間為：，位移為：，傳送帶的位移為：，物體相對傳送帶滑動的路程為：。物體與傳送帶間摩擦產生的熱量為：A.W＝0，Q＝mv2。故A錯誤；B.W＝，Q＝mv2。故B錯誤；C.W＝0，Q＝2mv2。故C正確；D.W＝mv2，Q＝2mv2。故D錯誤；6、C【解析】

A．因φ-x圖像的斜率等于電場強度，由圖象可知該靜電場是非勻強電場，A錯誤；

B．根據沿著電場線方向電勢降低，由圖象可知電場線的方向為x軸負方向，B錯誤；CD．當電子從O點沿x軸正方向運動，則電場強度減小，所以電場力也減小，故加速度大小減小，故C正確，D錯誤；

故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】電梯勻速運動上升或下降時，物體都處于平衡狀態，彈簧測力計示數等于物體的重力，保持不變，A錯誤；當電梯加速上升或減速下降時，物體都處于超重狀態，彈簧測力計的示數都增大；當電梯加速下降或減速上升時，物體都處于失重狀態，彈簧測力計的示數都減小，B錯誤；不管電梯向上或向下運動，只要加速度的方向豎直向上，物體都處于超重狀態，彈簧測力計的示數都增大，C正確；不管電梯向上或向下運動，只要加速度的方向豎直向下，物體都處于失重狀態，彈簧測力計的示數都減小，D正確，選CD．【點睛】電梯勻速運動，處于平衡狀態，彈簧測力計示數不變，超重時物體的加速度向上，失重時物體加速度向下．8、BCE【解析】

A、根據波向右傳播可得：波前向下振動，故波源的起振方向沿y軸負方向，故A正確；B、P經過0.2s完成了一次全振動，故周期，t=0s時，質點Q在平衡位置，正向上振動，故經過后,質點縱坐標為-10cm，故B錯誤；C、由圖可得：波長，故波速；波傳播到M點的時間；t=0時，質點P向下振動，故經過0.65s后質點P向下振動，故C錯誤；D、質點M第一次出現在波峰位置時，，故質點Q恰好和t=0s時振動相同，即在平衡位置，正向上振動，故D正確；E、從t=0.10s到t=0.15s，即，質點P從縱坐標為負向上運動到縱坐標為正，經過時間為，那么根據越靠近平衡位置速度越大可以知道：質點P通過的路程大于A，即大于10cm，故E錯誤；故錯誤的選BCE．【點睛】根據波的傳播方向得到波前的振動方向，從而得到起振方向；根據全振動的時間得到周期，即可根據質點振動方向得到縱坐標；根據波的傳播由波速和距離得到確定的時刻，然后根據周期及振動方向得到質點的振動；最后根據質點振動方向和位置得到質點經過的路程，由與平衡位置的關系得到時間內路程和A的關系．9、AC【解析】由圖可得，0～1s內物體的加速度為：；由牛頓第二定律可得：F-mgsinθ=ma；1s后有：F′=mgsinθ；聯立并將F=5.5N，F′=5.0N代入解得：m=1.0kg，θ=30°；第1

s內物塊受到的合外力為F合=ma=1×0.5N=0.5N．故A正確，B錯誤．第1

s內拉力F的功率P=Fv，F不變，v增大，則P增大，故C正確．前1s內物塊的動能和重力勢能均增大，則其機械能增大．2-3s內，動能不變，重力勢能增大，其機械能增大，所以物塊的機械能一直增大．故D錯誤．故選AC．點睛：本題的關鍵先由v-t圖象確定運動情況，然后求解出加速度，再根據牛頓第二定律和平衡條件列方程求解物體的質量和斜面的傾角．10、AC【解析】

A．物塊Q釋放瞬間的速度為零，當物塊P運動至B點時，物塊Q的速度也為零，所以當P從A點運動至B點時，物塊Q的速度先增加后減小，物塊Q的重力的功率也為先增加后減小，A正確；B．由于物塊P在AB兩點處彈簧的彈力大小相等，所以物塊P在A點時受到彈簧向上的彈力，運動至B點時受到向下的彈力，物塊P從A到B過程中，必定先加上后減速，B錯誤；C．從A到B過程中，對于PQ系統由動能定律可得對于P由動能定理可得聯立解得，C正確；D．對于PQ系統，豎直桿不做功，系統的機械能只與彈簧對P的做功有關，從A到B的過程中，彈簧對P先做正功，后做負功，所以系統的機械能先增加后減小，D錯誤；故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）平衡摩擦力；（2）盤及盤中砝碼的總質量m遠小于小車及砝碼總質量M；（3）AC（4）傾角過大，平衡摩擦力過度；沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．【解析】

（1）為了使小車受的合外力等于繩子拉力，必須對小車平衡摩擦力；（2）當盤及盤中砝碼的總質量遠小于小車及砝碼總質量時，可以認為小車受到的拉力等于盤及砝碼的重力．

（3）平衡摩擦力時，不能掛盤；實驗過程中，應保證繩和紙帶與木板平行；每次改變小車的質量時不需要平衡摩擦力．

（4）由C圖象可以看出：圖線不通過坐標原點，當加速度為某一值時，F為零，知平衡摩擦力過度．由D圖象可以看出：圖線不通過坐標原點，當拉力為某一值時，a為零，知沒有平衡摩擦力或傾角過小．【詳解】（1）為了使小車受的合外力等于繩子拉力，必須對小車平衡摩擦力；（2）當盤及盤中砝碼的總質量m遠小于小車及砝碼總質量M時，可以認為小車受到的拉力等于盤及砝碼的重力．（3）平衡摩擦力時，不應將盤及盤中的砝碼用細繩通過定滑輪系在小車上，故A錯誤；在實驗前平衡一次摩擦力即可，每次改變小車的質量時，不需要重新平衡摩擦力，故B正確；實驗時，先接通打點計時器電源，后放開小車，故C錯誤；實驗時需要天平測出m以及小車質量M，選項D正確；丁題選擇錯誤的，故選AC.（4）C圖：當F=1時，a≠1．也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學實驗操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大，平衡摩擦力過度；D圖：從上圖中發現直線沒過原點，當F≠1時，a=1．也就是說當繩子上有拉力時小車的加速度還為1，說明該組同學實驗操作中沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．12、細繩的方向4.00NF'AC【解析】

（1）[1]．實驗時用兩只彈簧測力計分別鉤住細繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，記下結點的位置O點、兩彈簧測力計的讀數F1、F2以及細繩的方向；（2）[2]．第二個圖中彈簧測力計的示數F=4.00N.（3）[3]．圖中F是兩個分力合力的理論值，F′是兩個分力合力的實際值，則F′的方向一定與橡皮條在同一直線上.（4）[4]．A.彈簧測力計應