2021-2022學年高一物理下期末模擬試卷請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、(本題9分)如圖所示，一光滑地面上有一質量為m′的木板ab，一質量為m的人站在木板的a端，關于人由靜止開始運動到木板的b端(M、N表示地面上原a、b對應的點)，下列圖示正確的是A．B．C．D．2、(本題9分)下列關于開普勒行星運動規律的認識正確的是（）A．所有行星繞太陽運動的軌道是橢圓B．所有行星繞太陽做勻速圓周運動C．所有行星的軌道的半長軸的二次方跟公轉周期的三次方的比值都不同D．所有行星的公轉周期與行星的軌道半徑成正比3、(本題9分)如圖所示，有一質量為M的大圓環，半徑為R，被一輕桿固定后懸掛在O點，有兩個質量為m的小環（可視為質點），同時從大環兩側的對稱位置由靜止滑下．兩小環同時滑到大環底部時，速度都為v，重力加速度為g，則此時大環對輕桿的拉力大小為（）A．（2m+2M）g B．Mg﹣C．2m（g+）+Mg D．2m（﹣g）+Mg4、(本題9分)驚險刺激的“時空之旅”飛車表演中，演員駕著摩托車（總質量為m）在半徑為R的球形金屬網內壁的豎直平面內做圓周運動，若某次經過最低點時關閉發動機，安裝在最低點和最高點的壓力傳感器測出該圈內車對金屬網壓力的大小分別是9mg和mg，則最低點到最高點的過程中，演員及摩托車克服阻力做的功是（）A．mgR B． C． D．5、光滑水平地面上靜止一質量為1kg的物塊，某時刻開始受到一外力作用，外力F隨時間t的變化如圖所示。取g=10msA．2s末，物塊的運動方向發生改變B．前2s內，外力F做的功為64JC．3s末，外力F的功率為-4WD．4s內，外力F的功率為2W6、(本題9分)物體1放在赤道上某處，物體2放在北緯60o上某處。由于地球的自轉，物體1與2的A．線速度之比為B．線速度之比為C．角速度之比為D．角速度之比為7、(本題9分)汽車從靜止開始沿平直公路做勻加速運動，設汽車所受阻力與速度成正比，則在發動機的功率達到額定值之前的一段時間內，下列關于汽車運動的位移x、動能Ek、牽引力F和發動機的輸出功率P與時間t的關系圖象可能正確的是A． B． C． D．8、(本題9分)已知引力常量G和以下各組數據，能夠估算出地球質量的是（）A．地球繞太陽運行的周期和地球與太陽間的距離B．月球繞地球運行的周期和月球與地球中心間的距離C．人造地球衛星貼近地球表面繞行的速度與周期D．若不考慮地球的自轉，已知地球的半徑與地面的重力加速度9、如圖所示，飛行器P繞某星球做勻速圓周運動。測得該星球對飛行器的最大張角為θ，飛行器離星球表面的高度為h，繞行周期為T.已知引力常量為G，由此可以求得A．該星球的半徑B．該星球的平均密度C．該星球的第一宇宙速度D．該星球對飛行器的引力大小10、(本題9分)關于平拋運動和圓周運動，下列說法正確的是A．平拋運動過程中物體在相等時間內速度的改變量一定相等B．平拋運動每秒鐘速度變化量在數值上等于重力加速度C．做圓周運動的物體加速度方向一定指向圓心D．勻速圓周運動是加速度不變的運動11、(本題9分)如圖所示，真空中有兩個點電荷Q1=+4.010-8C和Q2=-1.010-8C，分別固定在x坐標軸的坐標原點和x=6cm的位置上。在x軸上（）A．x=12cm處的場強為零B．x=14cm處的場強為零C．x=8cm處的電勢比x=10cm處的電勢低D．將一個負的試探電荷從x=15cm處移動到x=20cm處的過程中，它的電勢能減少12、質量為m的物體，由靜止開始下落，由于空氣阻力，下落的加速度為g，在物體下落h的過程中，下列說法正確的是（）A．物體動能增加了 B．物體的機械能減少了C．物體克服阻力所做的功為 D．物體的重力勢能減少了mgh二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）(本題9分)如圖所示，將打點計時器固定在鐵架臺上，用重物帶動紙帶從靜止開始自由下落，利用此裝置可“驗證機械能守恒定律”。①已準備的器材有：打點計時器（帶導線）、紙帶、復寫紙、帶鐵夾的鐵架臺和帶夾子的重物，此外還必需的器材是________（只有一個選項符合要求，填選項前的符號）。A．直流電源、天平及砝碼B．直流電源、刻度尺C．交流電源、天平及砝碼D．交流電源、刻度尺②安裝好實驗裝置，正確進行實驗操作，從打出的紙帶中選出符合要求的紙帶，如圖所示（其中一段紙帶圖中未畫出）。圖中O點為打出的起始點，且速度為零.選取在紙帶上連續打出的點A、B、C、D、E、F、G作為計數點。其中測出D、E、F點距起始點O的距離如圖所示。已知打點計時器打點周期為T=0.02s。由此可計算出物體下落到E點時的瞬時速度vE=______m/s（結果保留三位有效數字）.③若已知當地重力加速度為g，代入圖中所測的數據進行計算，并將與_______進行比較（用題中所給字母表示），即可在誤差范圍內驗證，從O點到E點的過程中機械能是否守恒。④某同學進行數據處理時不慎將紙帶前半部分損壞，找不到打出的起始點O了，如圖所示.于是他利用剩余的紙帶進行如下的測量：以A點為起點，測量各點到A點的距離h，計算出物體下落到各點的速度v，并作出v2-h圖像。圖中給出了a、b、c三條直線，他作出的圖像應該是直線_________；由圖像得出，A點到起始點O的距離為_________cm（結果保留三位有效數字）.14、（10分）(本題9分)在追尋科學家研究足跡的過程中，某同學為探究恒力做功和物體動能變化間的關系，采用了如圖1所示的實驗裝置．（1）實驗時，該同學用鉤碼的重力表示小車受到的合力，為了減小這種做法帶來的實驗誤差，你認為應該采取的措施是_________．A．保證鉤碼的質量遠大于小車的質量B．選取打點計時器所打第1點與第2點間的距離約為2mm的紙帶來處理數據C．把長木板不帶滑輪的一端適當墊高以平衡摩擦力D．必須先接通電源再釋放小車（2）如圖2所示是實驗中得到的一條紙帶，其中A，B，C，D，E，F是連續的六個計數點，相鄰計數點間的時間間隔為T，相鄰計數點間的距離已在圖中標出，測出小車的質量為M，鉤碼的總質量為m．從打B點到打E點的過程中，合力對小車做的功是___________，小車動能的增量是____________．（用題中和圖中的物理量符號表示）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）(本題9分)如圖所示，粗糙水平桌面上有一輕質彈簧左端固定在A點，自然狀態時其右端位于B點。水平桌面右側有一豎直放置的光滑軌道MNP，其形狀為半徑R=1.0m的圓環剪去了左上角120°的圓弧，MN為其豎直直徑，P點到桌面的豎直距離是h=2.4m。用質量為m=0.2kg的物塊將彈簧由B點緩慢壓縮至C點后由靜止釋放，彈簧在C點時儲存的彈性勢能Ep=3.2J，物塊飛離桌面后恰好P點沿切線落入圓軌道。已知物塊與桌面間的動摩擦因數μ=0.4，重力加速度g值取10m/s2，不計空氣阻力，求∶(1)物塊通過P點的速度大小；(2)物塊經過軌道最高點M時對軌道的壓力大小；(3)C、D兩點間的距離；16、（12分）如圖所示用三根長度相同的絕緣細線將三個帶電小球連接后懸掛在空中．三個帶電小球質量相等，A球帶正電．平衡時三根絕緣細線都是直的，但拉力都為零．(1)指出B球和C球分別帶何種電荷，并說明理由．(2)若A球帶電量為Q，則B球的帶電量為多少？(3)若A球帶電量減小，B、C兩球帶電量保持不變，則細線AB、BC中的拉力分別如何變化？17、（12分）(本題9分)如圖所示，在水平向右的勻強電場中，有一半徑R=0.2m的豎直光滑絕緣圓弧軌道BCD和絕緣粗糙水平軌道AB在B點相切，BC為圓弧軌道的直徑，O為圓心，OC和OD之間的夾角為θ=37°，電場與圓弧軌道BCD所在平面平行，一質量為m=10g、電荷量為q=-1×10-4C的帶負電的小滑塊從A點由靜止釋放后開始運動，已知AB間距離S=2.3m，滑塊運動到D點時所受合力的方向指向圓心O，且此時滑塊對圓弧軌道恰好沒有壓力。g取10m/s2，(1)勻強電場的電場強度大小；(2)滑塊通過C點時，對圓弧軌道的壓力大小；(3)滑塊與水平軌道AB間的動摩因數。

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解析】

根據動量守恒定律，M、m系統動量守恒，對于題中的“人板模型”，各自對地的位移為sM、sm，且有MsM=msm，sM+sm=L板（有時也稱為平均動量守恒），解得：sm=，sM=；以M點為參考，人向右運動，木板向左運動，且人向右運動的位移加上木板向左運動的位移之和為板的長度，所以D正確，ABC錯誤。故選D。【點睛】動量守恒定律是力學中的一條重要規律，又可應用于整個高中物理，所以它是高考重點考查的內容，更是復習備考的一個難點．在應用定律時應該注意其條件性、矢量性、相對性和普遍性.2、A【解析】

A．根據開普勒第一定律，所有行星繞太陽運動的軌道都是橢圓，太陽處在橢圓的一個焦點上，故選項A正確；B．所有行星繞太陽運動的軌道都是橢圓而不是圓，故選項B錯誤；C．根據開普勒第三定律，所有行星的橢圓軌道的半長軸的三次方跟公轉周期的平方的比值都相等，故選項C錯誤；D．與開普勒第三定律，所有行星的橢圓軌道的半長軸的三次方跟公轉周期的平方的比值都相等矛盾，故選項D錯誤．3、C【解析】每個小環滑到大環底部時，有，則大環的作用力為：，方向向下，則兩小環同時滑到大環底部時，大環對輕桿的拉力為Mg+2m(g+v2/R)，C正確．4、A【解析】

在最低點，根據牛頓第二定律有：且解得：在最高點，根據牛頓第二定律有：且解得：對最低點到最高點的過程運用動能定理得：解得：。A.mgR與計算結果相符，A正確。B.與計算結果不符，B錯誤。C.與計算結果不符，C錯誤。D.與計算結果不符，D錯誤。5、D【解析】

AB.0-2s物體的加速度為a物體做勻加速度直線運動，2s內發生的位移為x1力F做功為WF2s時力F反向，所以加速度反向，物體沿原來的運動方向做勻減速直線運動，故AB項與題意不相符；C.2～4sa23s末物體的速度為v=a1×2+a2×(3-2)=6m/s則外力F的功率為P=Fv=-2×4=-8W故C項與題意不相符；D.2～4sx2力F做功為：WF′=F′?x2=-2×12=-24J則4s內外力F的功率為P故D項與題意相符。6、B【解析】

AB.物體1、2均隨地球一起自轉，角速度相同，設地球半徑為R，根據幾何關系有：物體2圓周運動的半徑為，線速度得：線速度與半徑成正比，所以，A錯誤B正確。CD.根據以上分析可知，角速度之比為，CD錯誤。7、CD【解析】

根據汽車運動的特征，找到圖像對應放熱函數關系，根據數學知識進行判斷.【詳解】汽車從靜止開始沿平直公路做勻加速運動，則由x=at2可知，圖像A錯誤；動能，選項B錯誤；汽車所受阻力與速度成正比，即f=kv=kat，則由牛頓第二定律：F-kat=ma，即F=ma+kat，選項C正確；發動機的輸出功率，選項D正確；故選CD.8、BCD【解析】

地球繞太陽做勻速圓周運動，受到太陽的萬有引力充當向心力，用它運動周期表示向心力，由萬有引力定律結合牛頓第二定律得：GMmr2=m（2πT）2r，則太陽的質量M=4π2r3【點睛】解答萬有引力定律在天體運動中的應用時要明確天體做勻速圓周運動，其受到的萬有引力提供向心力，會用線速度、角速度、周期表示向心力，同時注意公式間的化簡．9、ABC【解析】

A.由題意，令星球的半徑為R，則飛行器的軌道半徑r=R+h，由幾何關系，即，表達式中只有一個未知量R，故可以據此求出星球半徑R；故A正確.B.由A項分析知，可以求出飛行器軌道半徑r，據萬有引力提供圓周運動向心力可知，已知r和T及G的情況下可以求得星球質量M，再根據密度公式可以求得星球的密度，故B正確.C.在求得星球質量M及星球軌道半徑R的情況下，根據，已知引力常量G，可以求出星球的第一宇宙速度，故C正確；D.因為不知道飛行器的質量大小，故無法求得星球對飛行器的引力大小，故D錯誤.10、AB【解析】

A.平拋運動過程中物體的加速度恒定為g，則在相等時間內速度的改變量為?v=gt，則一定相等，選項A正確；B.根據?v=gt可知，平拋運動每秒鐘速度變化量在數值上等于重力加速度g，選項B正確；C.只有做勻速圓周運動的物體加速度方向才一定指向圓心，選項C錯誤；D.勻速圓周運動的加速度大小不變，方向指向圓心，則其加速度是不斷變化的，選項D錯誤；11、AC【解析】

AB．兩電荷間距離，設電荷Q2右側r處場強為0，則：解得：即x=12cm處的場強為零，所以x=6cm到x=12cm間場強方向沿x軸負方向，處場強方向沿x軸正方向。故A項正確，B項錯誤。C．x=6cm到x=12cm間場強方向沿x軸負方向，沿電場線方向電勢降低，則x=8cm處的電勢比x=10cm處的電勢低。故C項正確。D．處場強方向沿x軸正方向，則x=15cm處的電勢大于x=20cm處的電勢；將一個負的試探電荷從x=15cm處移動到x=20cm處的過程中，它的電勢能增加。故D項錯誤。12、ACD【解析】物體的合外力為，下降了h，所以根據動能定理得物體的動能增加了4mgh/5，物體的重力勢能減小了mgh，克服阻力做功，機械能減小了，所以ACD正確．二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、D3.04gh2a10.0【解析】

(1)根據實驗的原理確定所需測量的物理量，從而確定必需的器材．(2)根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出E點的速度．(3)根據重力勢能的減小量等于動能的增加量，列出機械能守恒的表達式．(4)抓住A點速度不為零，得出正確的圖線，結合O點的速度為零，結合圖線得出A點距離O點的距離．【詳解】(1)打點計時器的工作電源是交流電源，在實驗中需要刻度尺測量紙帶上點與點間的距離從而可知道重錘下降的距離，以及通過紙帶上兩點的距離，求出平均速度，從而可知瞬時速度，重錘的質量可以不測；故選D．(2)根據勻變速直線運動的推論：平均速度等于中間時刻的瞬時速度，則E點的瞬時速度.(3)當重力勢能的減小量mgh2與動能的增加量相等，則機械能守恒，即驗證與gh2是否相等；(4)以A點為起點，測量各點到A點的距離h，由于A點速度不為零，可知h=0時，縱軸坐標不為零，可知正確的圖線為a;由圖像a可知，初始位置時，速度為零，可知A點到起始點O的距離為10.0cm．【點睛】解決本題的關鍵掌握實驗的原理，會通過原理確定測量的物理量．以及掌握紙帶的處理，會通過紙帶求解瞬時速度．14、Cmgs【解析】

（1）[1]小車在水平方向上受繩的拉力和摩擦力，想用鉤碼的重力表示小車受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；設繩子上拉力為，對小車根據牛頓第二定律有：①鉤碼有：②解得：，由此可知當時，夠碼的重力等于繩子的拉力即為小車是合外力，故適當墊高長木板右端，以平衡摩擦力，使鉤碼的質量遠小于小車的質量，故選C。（2）[2]把鉤碼的重力當做合外力，則從到點合外力做功為，[3]利用中點時刻的速度等于平均速度可求