2022年山東省淄博市王寨鄉中學高三物理上學期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.(單選)如圖所示的電路中，電源的內電阻不能忽略不計。現閉合開關S，待電路中的電流穩定后，調節可變電阻R的阻值，電壓表的示數增大了。下列判斷正確的是A．可變電阻R被調到較小的阻值B．電阻R2兩端的電壓減小，減小量等于C．通過電阻R2的電流減小，減小量小于D．路端電壓增大，增大量等于參考答案：C2.如圖所示，理想變壓器的副線圈上通過輸電線接兩個相同的燈泡L1和L2，輸電線的等效電阻為R，開始時，開關S斷開，當S接通時，以下說法中正確的是（

）A．副線圈兩端M、N的輸出電壓減小B．副線圈輸電線的等效電阻R上的電壓將增大C．通過燈泡L1的電流減小D．原線圈中的電流增大參考答案：答案：BCD3.如圖所示，有四個等量異種電荷，放在正方形的四個頂點處。A、B、C、D為正方形四個邊的中點，O為正方形的中心，下列說法中正確的是（

）A．O點電場強度等于零B．A、B、C、D四個點的電場強度相同C．將一帶正電的電荷從B點沿直線移動到D點，電場力做功為零D．將一帶負電的電荷從A點沿直線移動到C點，電勢能增大參考答案：AC4.如圖所示，兩束頻率不同的光束A和B分別沿半徑方向射入半圓形玻璃磚，出射光線都是OP方向．下面關于A光和B光的比較中，說法不正確的是（）A．玻璃對A光的折射率更大B．真空中A光的波長更長C．A光由玻璃射向空氣的全反射臨界角更大D．玻璃中A光的傳播速度更大參考答案：A【考點】光的折射定律．【分析】光線在半圓形玻璃磚的底面發生折射，折射角相同，由折射定律可得出兩光的折射率大小，再由公式v=判斷光在玻璃中的傳播速度大小，由sinC=分析臨界角的大小．【解答】解：A、由圖可知光從底面射出時，折射角相同，而A的入射角小于B，由折射定律可知：=，可知，故A的折射率小于B的折射率；故A錯誤．B、因折射率越大，光的頻率越大，故A的頻率小于B的頻率，由c=λf知，真空中A光的波長更長；故B正確；C、由sinC=分析可知，A的臨界角要大于B的臨界角，故C正確；D、由v=可知，折射率越小，則光在介質中的速度越大，故玻璃中A光的傳播速度更大，故D正確．本題選不正確的，故選：A5.如圖是觀察水面波衍射的實驗裝置，AC和BD是兩塊擋板，AB是一個孔，O是波源，圖中已畫出波源所在區域波的傳播情況，每兩條相鄰波紋（圖中曲線）之間距離表示一個波長，則波經過孔之后的傳播情況，下列描述中正確的是（

）

A．此時能明顯觀察到波的衍射現象

B．擋板前后波紋間距離相等

C．如果將孔AB擴大，有可能觀察不到明顯的衍射D．如果孔的大小不變，使波源頻率增大，能更明顯觀察到衍射現象參考答案：ABC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.小車以某一初速沿水平長木板向左作減速運動，長木板左端外有一傳感器，通過數據采集器和計算機相連，開始計時時小車距離傳感器的距離為x0，可測得以后小車每隔0.1s離傳感器的距離，測得的數據如下表，（距離單位為cm，計算結果保留3位有效數字）x0x1x2x3x429.9420.8013.227.242.84（1）小車離傳感器為時x2小車的瞬時速度v2=_____m/s；

（2）小車運動的加速度大小a=______m/s2．參考答案：⑴0.678m/s,（2）1.60m/s2～1.57m/s2均可7.（5分）假設在NaCl蒸氣中存在由鈉離子Na+和氯離子Cl-靠靜電相互作用構成的單個氯化鈉NaCl分子，若取Na+與Cl-相距無限遠時其電勢能為零，一個NaCl分子的電勢能為-6.1eV，已知使一個中性鈉原子Na最外層的電子脫離鈉原子而形成鈉離子Na+所需的能量（電離能）為5.1eV，使一個中性氯原子Cl結合一個電子形成氯離子Cl-所放出的能量（親和能）為3.8eV。由此可算出，在將一個NaCl分子分解成彼此遠離的中性鈉原子Na和中性氯原子Cl的過程中，外界供給的總能量等于____________。參考答案：答案：4.88.（3分）如圖為光纖電流傳感器示意圖，它用來測量高壓線路中的電流。激光器發出的光經過左側偏振元件后變成線偏振光，該偏振光受到輸電線中磁場作用，其偏振方向發生旋轉，通過右側偏振元件可測得最終偏振方向，由此得出高壓線路中電流大小。圖中左側偏振元件是起偏器，出射光的偏振方向與其透振方向

，右側偏振元件稱為

。

參考答案：相同（1分）（填“一致”或“平行”同樣給分），檢偏器（2分）9.平行板電容器所帶量Q=4×l0-8C，它的兩極板之間電壓U=2v，則它的電容為

F；如果電量減少一半，則兩板間電勢差變為

V。參考答案：2×10-8F

1V電容；當電量減小一半，電容不變，則電勢差；10.傳感器是自動控制設備中不可缺少的元件，下圖是一種測定位移的電容式傳感器電路。在該電路中，閉合開關S一小段時間后，使工件（電介質）緩慢向左移動，則在工件移動的過程中，通過電流表G的電流_________（填“方向由a至b”“方向由b至a”或“始終為零”）。參考答案：方向由a到b

11.質量是2kg的物體，從足夠高處自由落下，經過5ｓ重力對物體做功的平均功率是______Ｗ；5s末的瞬時功率是______Ｗ。（取g＝10ｍ／s2）參考答案：500；1000

12.如圖所示,理想氣體作圖示的循環,其中2→3過程是絕熱過程,3→1過程是等溫過程,則2→3過程中氣體內能____(填“增加”“減小”或“不變”),3→1過程中氣體____(填“吸熱”或“放熱”).參考答案：

(1).減小

(2).放熱2→3過程是絕熱過程,體積增大，氣體對外界做功,內能減小；3→1過程是等溫過程,內能不變，體積減小，外界對氣體做功,氣體向外放熱。13.某人在地面上最多能舉起質量為60kg的物體，而在一個加速下降的電梯里，最多能舉起質量為80kg的物體，那么此時電梯的加速度大小應為

m／s2，若電梯以5m／s2的加速度上升時，那么此人在電梯中，最多能舉起質量為

kg的物體．(g＝10m／s2)參考答案：

2.5_40

三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（8分）（1）美國科研人員正在研制一種新型鎳銅長效電池，它是采用銅和放射性同位素鎳63(Ni)兩種金屬作為長壽命電池的材料，利用鎳63(Ni)發生一次β衰變成銅（Cu），同時釋放電子給銅片，把鎳63(Ni)和銅片做電池兩極，鎳63(Ni)的衰變方程為 。（2）一靜止的質量為M的鎳核63(Ni)發生β衰變，放出一個速度為v0，質量為m的β粒子和一個反沖銅核，若鎳核發生衰變時釋放的能量全部轉化為β粒子和銅核的動能。求此衰變過程中的質量虧損（虧損的質量在與粒子質量相比可忽略不計）。參考答案：解析：（1）；（2）設衰變后銅核的速度為v，由動量守恒

①由能量方程

②由質能方程

③解得

④點評：本題考查了衰變方程、動量守恒、能量方程、質能方程等知識點。15.

（選修3-3（含2-2）模塊）(6分)理想氣體狀態方程如下：。從理論的角度，設定一定的條件，我們便能得到氣體三大定律：玻意爾定律、查理定律和蓋·呂薩克定律。下面請你通過設定條件，列舉其中兩條定律的內容。（要求條件、內容要與定律名稱相對應，不必寫數學表達式）參考答案：

答案：玻意爾定律：一定質量的氣體，在溫度不變的情況下，它的壓強跟體積成反比。查理定律：一定質量的氣體，在體積不變的情況下，它的壓強跟熱力學溫度成正比。蓋·呂薩克定律：一定質量的氣體，在壓強不變的情況下，它的體積跟熱力學溫度成正比。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.艦載機在航母上起飛，可依靠幫助飛機起飛的彈射系統來完成，已知艦載機在跑道上加速時間能產生的最大加速度為a=5m/s2，當艦載機的速度達到v=50m/s時才能離開航母起飛，求：（1）該航母處于靜止狀態，若要求艦載機滑行L=160m后起飛，彈射系統必須使飛機至少獲得多大速度？（2）若航母上不裝裝彈射系統，設航母起飛甲板長=160m，為使艦載機仍能從此艦上正常起飛，可采用先讓航母沿艦載機起飛方向以某一速度勻速行駛，再讓艦載機起飛，則航母航行的速度至少為多少？參考答案：考點：勻變速直線運動的位移與時間的關系；勻變速直線運動的速度與時間的關系．專題：直線運動規律專題．分析：本題（1）問的關鍵是靈活運用速度位移公式進行求解．第二問抓住飛機的位移等于甲板的長度與航空母艦的位移之和，運用速度位移公式進行求解．解答：解：（1）根據速度位移關系式有：彈射裝置給艦載機的初速度=30m/s；（2）設飛機起飛所用的時間為t，在時間t內航空母艦航行的距離為L1，航空母艦的最小速度為v1．對航空母艦有：L1=v1t對飛機有：v=v1+atv2﹣v12=2a（L+L1）聯立解得v1=10m/s．答：（1）該航母處于靜止狀態，若要求艦載機滑行L=160m后起飛，彈射系統必須使飛機至少獲得30m/s的速度；（2）若航母上不裝裝彈射系統，設航母起飛甲板長=160m，為使艦載機仍能從此艦上正常起飛，可采用先讓航母沿艦載機起飛方向以某一速度勻速行駛，再讓艦載機起飛，則航母航行的速度至少為10m/s．點評：解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式，并能靈活運用，不難屬于基礎題．17.（10分）如圖所示，K連續發出的電子經加速后以速度沿中心線水平射入平行板BC間，已知B和C兩板的長為l1=10cm，之間的距離d=4cm，BC板右端到熒光屏的距離l2=12cm，如果在BC兩板間加上交變電壓，電壓μ=91sin314t（V），試求在熒光屏上出現的亮線的長度，（電子的質量為m=9.1×10﹣31kg，電荷量為e=1.6×10﹣19C）參考答案：見解析解：電子以速度υ0進入偏轉電場后，垂直于電場方向做勻速直線運動，沿電場方向做初速度為零的勻加速直線運動，設電壓最大時偏轉電場的電場強度為E，電子在偏轉電場中運動的時間為t1，電子的加速度為α，離開偏轉電場時的側移量為y1，由牛頓第二定律得：，由牛頓第二定律：F=ma，由運動學公式得：L1=v0t1，，解得：cm；設電子離開偏轉電場時沿電場方向的速度為υy，由勻變速運動的速度公式可知υy=at1；電子離開偏轉電場后做勻速直線運動，設電子離開偏轉電場后打在熒光屏上所用的時間為t2，電子打到熒光屏上的側移量為y2，水平方向：L2=v0t2，豎直方向：y2=vyt2，聯立以上公式，解得：y2=4.8cm；P至O點的距離y=y1+y2=6.8cm；由于上下對稱，故亮線的長度：H=2y=13.6cm．答：在熒光屏上出現的亮線的長度13.6cm．18.如圖所示，在磁感應強度為B的水平勻強磁場中，有一豎直放置的光滑的平行金屬導軌，導軌平面與磁場垂直，導軌間距為L，頂端接有阻值為R的電阻。將一根金屬棒從導軌上的M處以速度v0豎直向上拋出，棒到達N處后返回，回到出發點M時棒的速度為拋出時的一半。已知棒的長度為L，質量為m，電阻為r。金屬棒始終在磁場中運動，處于水平且與導軌接觸良好，忽略導軌的電阻。重力加速度為g。（1）金屬棒從M點被拋出至落回M點的整個過程中，求：a．電阻R消耗的電能；b．金屬棒運動的時間。（2）經典物理學認為，金屬的電阻源于定向運動的自由電子與金屬離子的碰撞。已知元電荷為e。求當金屬棒向下運動達到穩定狀態時，棒中金屬離子對一個自由電子沿棒方向的平均作用力大小。參考答案：（1）a．；b．；（2）（1）a．金屬棒從M點被拋出至落回M點的整個過程中，由能量守恒定律得：回路中消耗的電能：電阻R消耗的電能：b．金屬棒從M點