教師公開招聘考試（中學物理）模擬試卷19一、單項選擇題(本題共5題，每題1.0分，共5分。)1、甲、乙兩質點同時開始做直線運動，它們的位移s與時間t的圖象如圖所示，則()。A、乙物體做減速運動B、甲、乙兩物體從同一地點出發C、當甲、乙兩物體兩次相遇時，二者的速度大小不相等D、當甲、乙兩物體速度相同時，二者之間的距離為零標準答案：C知識點解析：乙圖線的切線斜率逐漸增大，知速度逐漸增大，所以乙物體做加速運動，選項A錯誤；初始時刻甲乙的位置不同，故兩物體不是從同一地點出發，選項B錯誤；兩圖線有兩個交點，知甲乙兩物體兩次相遇，交點處圖線的斜率不等，則速度大小不等，選項c正確；兩圖線切線斜率相同時，速度相等，此時二者之間的距離不為零，選項D錯誤。故選c。2、水平細桿上套一環A，環A與球B之間用一輕繩相連，質量分別是mA、mB，由于受到水平風力的作用，輕繩與豎直方向成θ角，環A與球B一起向右勻速運動，下列說法正確的是()。A、球B受到風力大小為mBgtanθB、環A與水平細桿間動摩擦因數μ為C、風力增大時，桿對環A的支持力增大D、風力增大時，輕繩對球B的拉力不變標準答案：A知識點解析：以球B為研究對象，受到重力、風力和拉力，三力平衡，則可得到風力F=mBgtanθ，對整體分析，豎直方向上桿對環A的支持力NA=(mA+mB)g；根據平衡條件，水平方向上有F=f，即mBgtanθ=μ(mA+mB)g，解得，故A正確、B錯誤。對整體分析，豎直方向上桿對環A的支持力NA=(mA+mB)g保持不變，故C錯誤。風力增大時，則小球的偏角變大，則拉力改變，故D錯誤。故選A。3、如圖所示，紙面內有一矩形導體閉合線框abcd，ab邊長大于bc邊長，置于垂直紙面向里、邊界為MN的勻強磁場外，線框兩次勻速地完全進入磁場，兩次速度大小相同，方向均垂直于MN。第一次ab邊平行MN進入磁場，線框上產生的熱量為Q1，通過線框導體橫截面的電荷量為q1；第二次bc邊平行MN進入磁場。線框上產生的熱量為Q2，通過線框導體橫截面的電荷量為q2，則()。A、Q1＞Q2q1=q2B、Q1＞Q2q1＞q2C、Q1=Q2q1=q2D、Q1=Q2q1＞q2標準答案：A知識點解析：根據功能關系．線框上產生的熱量等于克服安培力做的功，即同理，因為lab＞lbc，故Q1＞Q2；因為，前后兩次進入磁場的過程中，磁通量的變化量△φ相同，所以q1=q2，因此選項A正確。4、在進行“質點”概念教學時，常先通過幾個實例的分析，使學生認識到“可以將質量看成集中于一點”，以有助于物理問題的研究。這樣做的目的是()。A、使學生明白質點就是物體的質量集中于一點B、使學生明白質點概念的物理意義C、使學生明白什么是質點D、使學生明白物體可以看成質點的條件標準答案：D知識點解析：這樣做的目的是通過舉實例來說明物體在什么條件下可以看成質點。5、《普通高中物理課程標準(實驗)》規定，高中物理課程由12個模塊組成，有必修和選修模塊，其中選修1—1模塊物理學科知識的主體為()。A、電磁學B、熱學C、力學D、光學標準答案：A知識點解析：選修1一1模塊涉及電磁現象和規律、電磁技術與社會發展、家用電器與日常生活等內容。A選項正確。二、多項選擇題(本題共5題，每題1.0分，共5分。)6、平拋運動可以分解為水平和豎直方向的兩個直線運動，在同一坐標系中作出這兩個分運動的v一t圖線，如圖所示，若平拋運動的時間大于2t1，下列說法正確的是()。標準答案：A,C知識點解析：在v一t圖象中，直線與時間軸圍成的面積為物體運動位移，在平拋運動中，水平方向做勻速直線運動，如圖線1所示，x=vt；豎直方向物體做自由落體運動，如圖2所示，，故A正確。t時刻速度的偏轉角的正切值。t時刻位移的偏轉角的正切值，通過計算可知C正確。7、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，圖(a)是t=0時刻的波形圖，圖(b)和圖(c)分別是x軸上某兩處質點的振動圖象。由此可知，這兩質點平衡位置之間的距離可能是()。標準答案：B,D知識點解析：若b在前c在后，則b、c間相差為，則這兩質點平衡位置之間的距離可能是(λ=2m)，B正確。若b在后c在前，則c、b間相差為，則這兩質點平衡位置之間的距離可能是(λ=2m)，D正確o8、如圖，金屬棒ab，金屬導軌和螺線管組成閉合回路，金屬棒ab在勻強磁場B中沿導軌向右運動，則()。標準答案：C,D知識點解析：ab棒切割磁感線時，閉合回路產生感應電流，ab棒一定會受到安培力，故A錯誤；根據楞次定律可知，感應電流總是起到阻礙的作用，故安培力的方向與導體棒運動的方向相反，應當向左，故B錯誤；ab棒向右運動時，動生電動勢E=BLv，回路電流I=E／R，安培力大小為F=BIL，所以，則知速度越大，所受安培力越大，故C正確；根據右手定則，ab中的電流的方向為b→a，流過螺旋管時，外側的電流方向為A→B，根據右手螺旋定則得知螺線管產生的磁場，A端為S極，B端為N極，故D正確。9、如圖所示，相距為L的兩條足夠長的光滑平行金屬導軌與水平面的夾角為θ，上端接有定值電阻R，勻強磁場垂直于導軌平面，磁感應強度為B。將質量為m的導體棒由靜止釋放，當速度達到v時開始勻速運動，此時對導體棒施加一平行于導軌向下的拉力，并保持拉力的功率恒為P，導體棒最終以2v的速度勻速運動。導體棒始終與導軌垂直且接觸良好，不計導軌和導體棒的電阻，重力加速度為g。下列選項正確的是()。標準答案：A,C知識點解析：當導體棒以v勻速運動時受力平衡，則mgsinθ=BIL=,當導體棒以2v勻速運動時受力平衡，則F+mgsinθ=BIL=，故F=mgsinθ，拉力的功率P=F．2v=2mgvsinθ，故A正確。同理，B錯誤。當導體棒速度達到時，由牛頓第二定律．mgsinθ一=ma，解得，故C正確。由能量守恒，當速度達到2v以后勻速運動的過程中，R上產生的焦耳熱等于拉力及重力所做的功，故D錯誤，故選AC。10、兩根足夠長的光滑導軌豎直放置，間距為L，底端接阻值為R的電阻。將質量為m的金屬棒懸掛在一個固定的輕彈簧下端，金屬棒和導軌接觸良好，導軌所在平面與磁感應強度為B的勻強磁場垂直，如圖所示，除電阻R外其余電阻不計。現將金屬棒從彈簧原長位置靜止釋放，則()。標準答案：A,B,C知識點解析：根據楞次定律(或右手定則)可以判斷，電阻R中的電流方向由b→a，B項正確；金屬棒速度為v時，導體棒中產生的電動勢E=BLv，回路中電流，安培力F=BIL=，C項正確；在導體棒下落過程中受重力、彈簧彈力和安培力作用，但釋放瞬間，彈簧彈力為0，安培力為0，只受重力作用，所以加速度等于重力加速度g，A項正確；根據能量守恒定律，金屬棒重力勢能的減少量一部分轉化為動能和彈性勢能，一部分轉化為焦耳熱能，D項錯誤。三、填空題(本題共3題，每題1.0分，共3分。)11、質點做直線運動，其s—t關系如圖所示，質點在0一20s內的平均速度大小為_______m／s，質點在_____時的瞬時速度等于它在6～20s內的平均速度。FORMTEXT標準答案：0．8，10s和14s。知識點解析：暫無解析12、在豎直平面內，一根光滑金屬桿彎成如圖所示形狀，相應的曲線方程為y=2．5cos(kx+)(單位：m)，式中k=1m-1。將一光滑小環套在該金屬桿上，并從x=0處以v0=5m／s的初速度沿桿向下運動，取重力加速度g=10m／s2，則當小環運動到時的速度大小v=______m／s；該小環在x軸方向最遠能運動到x=_______m處。FORMTEXT標準答案：。知識點解析：光滑小環在沿金屬桿運動的過程中，只有重力做功，機械能守恒。由曲線方程可知，在x=0m時，；在m處，y=一2．5m，取y=0處為勢能零點，則有：當小環運動到最高點時，速度為0，同理：，解得y=0，即，所以小環最遠能達到的距離。13、學生在學習一個用比值定義的物理概念時，經歷了_______的思維過程。FORMTEXT標準答案：比較、分析、綜合。知識點解析：暫無解析四、實驗與探究題(本題共2題，每題1.0分，共2分。)14、某同學利用圖(a)所示實驗裝置及數字化信息系統獲得了小車加速度a與鉤碼的質量m的對應關系圖，如圖(b)所示，實驗中小車(含發射器)的質量為200g，實驗時選擇了不可伸長的輕質細繩和輕定滑輪，小車的加速度由位移傳感器及與之相連的計算機得到。回答下列問題：(1)根據該同學的結果，小車的加速度與鉤碼的質量成_______(填“線性”或“非線性”)關系。(2)由圖(b)可知，a一m圖線不經過原點，可能的原因是___________。(3)若利用本實驗來驗證“小車質量不變的情況下，小車的加速度與作用力成正比”的結論，并直接以鉤碼所受重力mg作為小車受到的合外力，則實驗中應采取的改進措施是____________，鉤碼的質量應滿足的條件是__________。標準答案：(1)非線性(2)存在摩擦力(3)調節軌道的傾斜度以平衡摩擦力；遠小于小車的質量。知識點解析：(1)根據該同學的結果得出a—m圖線是曲線，即小車的加速度與鉤碼的質量成非線性關系。(2)從上圖中發現直線沒過原點，當a=0時，m≠0，即F≠0，也就是說當繩子上拉力不為0時，小車的加速度為0，所以可能的原因是存在摩擦力。(3)若利用本實驗來驗證“小車質量不變的情況下，小車的加速度與作用力成正比”的結論，并直接以鉤碼所受重力mg作為小車受到的合外力，則實驗中應采取的改進措施是：①調節軌道的傾斜度以平衡摩擦力，即使得繩子上拉力等于小車的合力；②根據牛頓第二定律得，整體的加速度a=，則繩子的拉力F=Ma=，知鉤碼的質量遠小于小車的質量時，繩子的拉力等于鉤碼的重力，所以鉤碼的質量應滿足的條件是遠小于小車的質量。15、要測繪一個標有“3V0．6W”小燈泡的伏安特性曲線，燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，并便于操作。已選用的器材有：電池組(電動勢為4．5V，內阻約1Ω)：電流表(量程為0～250mA，內阻約5Ω)；電壓表(量程為0～3V，內限約3kΩ)：開關一個、導線若干。(1)實驗中所用的滑動變阻器應選下列中的_______(填字母代號)。A．滑動變阻器(最大阻值20Ω，額定電流1A)B．滑動變阻器(最大阻值1750Ω，額定電流0．3A)(2)實驗的電路圖應選用下列的圖_________(填字母代號)。(3)實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖所示。如果將這個小燈泡接到電動勢為1．5V，內阻為5Ω的電源兩端，小燈泡消耗的功率是_________w。標準答案：(1)A(2)B(3)0．1。知識點解析：(1)在測繪小燈泡的伏安特性曲線時，滑動變阻器應該采用分壓式連接，而滑動變阻器用小阻值時，便于調節，所以用最大阻值為20Ω的滑動變阻器，故選項A正確：(2)因要求小燈泡電壓從零開始持續可調，所以滑動變阻器應使用分壓式連接，由于小燈泡電阻遠小于電壓表內阻，電流表應采用外接法，故選B；(3)將小燈泡接到電動勢為1．5V，內阻為5Ω的電源兩端時，由E=U+Ir可得I=0．3—0．2U，再在小燈泡的伏安特性曲線圖象中作出電源的I—U曲線(如圖所示)，在圖象中的兩曲線的交點即為小燈泡的電流值與電壓值，所以小燈泡消耗的功率P=UI=0．1W。五、計算題(本題共3題，每題1.0分，共3分。)16、如圖所示，在傾角為θ=30°的光滑斜面的底端有一個固定擋板D，小物體C靠在擋板D上，小物體B與C用輕質彈簧拴接，當彈簧處于自然長度時，B在O點；當B靜止時，B在M點，OM=l。在P點還有一小物體A，使A從靜止開始下滑，A、B相碰后一起壓縮彈簧。A第一次脫離B后最高能上升到N點，ON=1．51。B運動還會拉伸彈簧，使C物體剛好能脫離擋板D。A、B、C的質量都是m，重力加速度為g，求：(i)彈簧的勁度系數；(2)彈簧第一次恢復到原長時B速度的大小；(3)M、P之間的距離。標準答案：(1)B靜止時，根據受力平衡條件可知，kl=mgsinθ，彈簧勁度系數。(2)當彈簧第一次恢復原長時，A、B恰好分離，設此時A、B速度大小為v3，對物體A，從A、B分離到A速度變為0的過程，根據機械能守恒得：=mg△h，此過程中A物體上升的高度△h=1．51sinθ，得。(3)設A與B相碰前速度的大小為v1，A與B相碰后速度大小為v2，M、P之間的距離為x，對A物體從開始下滑到和B相碰的過程中，根據機械能守恒，mgxsinθ=，A與B發生碰撞，根據動量守恒得mv1=(m+m)v2。設B靜止時，彈簧的彈性勢能為Ep，從A、B開始壓縮彈簧到彈簧第一次恢復原長的過程，根據機械能守恒，B物體的速度變為0時，C物體恰好離開擋板D，此時彈簧的伸長量也為l，彈簧的彈性勢能也為Eq，所以解得x=9l。知識點解析：暫無解析17、如圖所示，兩根豎直固定的足夠長的金屬導軌cd和ef相距L=0．2m，另外兩根水平金屬桿MN和PQ的質量均為m=10-2kg，可沿導軌無摩擦地滑動，MN桿和PQ桿的電阻均為R=0．2Ω(豎直金屬導軌電阻不計)，PQ桿放置在水平絕緣平臺上，整個裝置處于勻強磁場內，磁場方向垂直于導軌平面向里，磁感應強度B=1．0T。現讓MN桿在恒定拉力作用下由靜止開始向上加速運動，運動位移x=0．1m時MN桿達到最大速度，此時PQ桿對絕緣平臺的壓力恰好為零。(g取10m／s2)求：(I)MN桿的最大速度vm為多少?(2)當MN桿加速度達到a=2m／s2時，PQ桿對地面的壓力為多大?(3)MN桿由靜止到最大速度這段時間內通過MN桿的電荷量為多少?標準答案：(1)MN桿速度最大時，PQ桿受力平衡有：BIL=mg由閉合電路歐姆定律得：E=I.2RMN桿切割磁感線，產生的電動勢為：E=BLvm聯立得最大速度對于MN桿有：F=BIL+mg=2mg=2×10-4×10N=0．2N(2)對MN桿應用牛頓第二定律得：F—mg—BI1L=ma1PQ桿受力平衡有：FN+BI1L=mg得：FN=2×10-2N(3)位移x內回路中產生的平均電動勢：感應電流為：通過MN桿的電荷量為：q=I’△t知識點解析：暫無解析18、如圖(a)所示，半徑為r1的圓形區域內有勻強磁場，磁感應強度為B，磁場方向垂直紙面向里，半徑為r2的阻值為R的金屬圓環與磁場同心放置，圓環與阻值也為R的電阻R1連接成閉合回路，一金屬棒MN與金屬環接觸良好，棒MN單位長度的電阻為λ，導線電阻不計。(1)若棒以v0的速率水平向右勻速滑動，當棒MN滑過圓環直徑的瞬時(圖a)，求流過電阻R1的電流大小與方向；(2)若撤去中間的金屬棒MN，若磁感應強度B隨時間t變化的關系圖線如圖(b)所示，圖線與橫、縱軸的截距分別為t0和B0，求0至t0時間內通過電阻R1上的電荷量q及電阻R1上產生的熱量。標準答案：(1)由電磁感應定律，導體在磁場中運動切割磁感線而產生動生電動勢。當棒MN以v0的速率水平向右滑過圓環直徑的瞬時，棒MN兩端產生的電動勢大小為E=B.2r1.v0。由上圖可得，電路總電阻總電流，通過電阻A的電流，方向為a→b。(2)由題干(b)圖可得B=B0(1一)，當撤去中間的金屬棒MN，磁場隨時問變化時，金屬環中產生感生電動勢，大小為，通過電阻A的電流，在0至t0時間內通過電阻A上的電荷量知識點解析：暫無解析六、教學設計題(本題共1題，每題1.0分，共1分。)19、材料一《普通高中物理課程標準(實驗)》中與“拋體運動"相關的內容要求為“會用運動合成與分解的方法分析拋體運動。”材料二某高中物理教科書為“探究平拋運動的規律”設計了如下實驗。買驗：如圖，用小錘打擊彈性金屬片，金屬片把P球沿水平方向拋出，同時Q球被松開，自由下落，P、Q兩球同時開始運動。觀察兩球是否同時落地，如果同時落地，說明什么問題?多次改變小球距地面的高度和打擊的力度，重復這個實驗，如果每次都同時落地，說明什么問題。材料三教學對象為高中一年級學生，學生已經學習了運動的合成與分解等知識。(1)簡述平拋運動的特點。(2)結合所給材料，運用“平拋運動規律”演示實驗，設計教學活動，幫助學生進行平拋物體運動規律的學習，教學設計要求內容包括教學目標、教學方法和教學過程。標準答案：(1)平拋運動的特點是：①初速度方向水平，豎直方向受重力作用，運動軌跡是拋物線；②平拋運動在豎直方向上的分運動是自由落體運動；③平拋運動的水平分運動是勻速直線運動。(2)教學目標：①知識與技能知道平拋運動的特點是初速度方向水平，豎直方向只受重力作用，運動軌跡是拋物線；知道平拋運動形成的條件；理解平拋運動是勻變速運動，其加速度為g；會用平拋運動規律解答有關問題。②過程與方法通過科學探究過程，養成利用已知的直線運動的規律來研究復雜的曲線運動的意識。通過物理學“化曲為直”“化繁為簡”的方法及“等效代換”“正交分解”的思想方法，探究平拋運動的規律。③情感、態度與價值觀通過重復多次實驗，進行共性分析、歸納分類，培養理論聯系實際的精神。教學方法：探究、講授、討論、練習。教學過程：(一)新課導入老師：前面我們學習了曲線運動的相關知識以及研究曲線運動的基本方法——一運動的合成與分解，在學習新課之前我們先來回顧一下。教師提問5個問題，學生回答。利用復習導入法，帶領學生達到溫故知新的效果。老師：這節課我們就來完成這一項任務，通過運動的合成與分解來研究一種生活中常見的運動——一平拋運動。(二)新課教學1．判斷平拋運動的軌跡是不是拋物線演示實驗：以任意角度向空中拋出一個粉筆頭。請同學們觀察粉筆頭的運動軌跡，判斷它的運動性質(粉筆頭的運動軌跡是曲線，它做的是曲線運動)。分析它的受力情況(受到豎直向下的重力和與運動方向相反的空氣阻力的作用)。老師引導學生觀察，思考生活中其他的平拋運動。總結：在拋體運動中有一種特殊情況，即物體被拋出時的初速度方向沿水平方向，我們把這樣的拋體運動稱為平拋運動。2．平拋運動豎直方向的運動規律演示實驗：用平拋運動演示儀演示平拋運動。老師：請大家注意觀