2023新高考物理試卷（山東卷）

一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要

求。

L“夢(mèng)天號(hào)”實(shí)驗(yàn)艙攜帶世界首套可相互比對(duì)的冷原子鐘組發(fā)射升空，對(duì)提升我國(guó)導(dǎo)航定位、深空探

測(cè)等技術(shù)具有重要意義。如圖所示為某原子鐘工作的四能級(jí)體系，原子吸收頻率為Vo的光子從基態(tài)

能級(jí)I躍遷至激發(fā)態(tài)能級(jí)H,然后自發(fā)輻射出頻率為匕的光子，躍遷到鐘躍遷的上能級(jí)2,并在一定

條件下可躍遷到鐘躍遷的下能級(jí)1，實(shí)現(xiàn)受激輻射，發(fā)出鐘激光，最后輻射出頻率為叱的光子回到基

態(tài)。該原子鐘產(chǎn)生的鐘激光的頻率V2為（）

v-vv

C?0l+3D-VQ—v?—V3

2.餐廳暖盤(pán)車(chē)的儲(chǔ)盤(pán)裝置示意圖如圖所示，三根完全相同的彈簧等間距豎直懸掛在水平固定圓環(huán)

上，下端連接托盤(pán)。托盤(pán)上疊放若干相同的盤(pán)子，取走一個(gè)盤(pán)子，穩(wěn)定后余下的正好升高補(bǔ)平。已

知單個(gè)盤(pán)子的質(zhì)量為300g,相鄰兩盤(pán)間距l(xiāng)?0cm,重力加速度大小取IOm左2。彈簧始終在彈性限度

內(nèi)，每根彈簧的勁度系數(shù)為O

A.10N∕mB.100N∕mC.200N∕mD.300N∕m

3.牛頓認(rèn)為物體落地是由于地球?qū)ξ矬w的吸引，這種吸引力可能與天體間（如地球與月球）的引力

具有相同的性質(zhì)、且都滿(mǎn)足FoC等。已知地月之間的距離r大約是地球半徑的60倍，地球表面的

重力加速度為g,根據(jù)牛頓的猜想，月球繞地球公轉(zhuǎn)的周期為（）

A.30πB.30π電C.120πD.120π第

4.《天工開(kāi)物》中記載了古人借助水力使用高轉(zhuǎn)筒車(chē)往稻田里引水的場(chǎng)景。引水過(guò)程簡(jiǎn)化如下：兩

個(gè)半徑均為R的水輪，以角速度3勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。水筒在筒車(chē)上均勻排布，單位長(zhǎng)度上有n個(gè)，與水輪

間無(wú)相對(duì)滑動(dòng)。每個(gè)水筒離開(kāi)水面時(shí)裝有質(zhì)量為m的水，其中的60%被輸送到高出水面H處灌入稻

田。當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間,則筒車(chē)對(duì)灌入稻田的水做功的功率為O

A.2nmg32RHβ,3.甯/?"c.3nmg32RHdnmgtoRH

5?5

5.如圖所示為一種干涉熱膨脹儀原理圖。G為標(biāo)準(zhǔn)石英環(huán)，C為待測(cè)柱形樣品，C的上表面與上方

標(biāo)準(zhǔn)平面石英板之間存在劈形空氣層。用單色平行光垂直照射上方石英板，會(huì)形成干涉條紋。已知

C的膨脹系數(shù)小于G的膨脹系數(shù)，當(dāng)溫度升高時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）

wWV

A.劈形空氣層的厚度變大，條紋向左移動(dòng)

B.劈形空氣層的厚度變小，條紋向左移動(dòng)

C.劈形空氣層的厚度變大，條紋向右移動(dòng)

D.劈形空氣層的厚度變小，條紋向右移動(dòng)

6.如圖所示，電動(dòng)公交車(chē)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)進(jìn)站，連續(xù)經(jīng)過(guò)R、S、T三點(diǎn)，已知ST間的距離是

RS的兩倍，RS段的平均速度是IOm∕s,ST段的平均速度是5m∕s,則公交車(chē)經(jīng)過(guò)T點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度

為（）

RST

7∕^∕∕∕∕∕∕Λ∕∕∕∕∕∕∕∕∕∕∕∕∕^∕,∕∕∕Λ

A.3m∕sB.2m∕sC.lm∕sD.0.5m∕s

7.某節(jié)能儲(chǔ)能輸電網(wǎng)絡(luò)如圖所示，發(fā)電機(jī)的輸出電壓U∣=25()V,輸出功率500kW0降壓變壓器的

匝數(shù)比m：114=50：1,輸電線總電阻R=62.5C。其余線路電阻不計(jì)，用戶(hù)端電壓U4=220V,功率

88kW,所有變壓器均為理想變壓器。下列說(shuō)法正確的是O

A.發(fā)電機(jī)的輸出電流為368A

B.輸電線上損失的功率為4.8kW

C.輸送給儲(chǔ)能站的功率為408kW

D.升壓變壓器的匝數(shù)比m：n2=l:44

8.質(zhì)量為M的玩具動(dòng)力小車(chē)在水平面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，牽引力F和受到的阻力f均為恒力，如圖所示，小

車(chē)用一根不可伸長(zhǎng)的輕繩拉著質(zhì)量為m的物體由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)。當(dāng)小車(chē)拖動(dòng)物體行駛的位移為Sl

時(shí)，小車(chē)達(dá)到額定功率，輕繩從物體上脫落。物體繼續(xù)滑行一段時(shí)間后停下，其總位移為S2。物體

與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)不變，不計(jì)空氣阻力。小車(chē)的額定功率P。為()

2

A2F(F-∕)(S2-S1)S1

B.

,

J(M+m)S2-mS1

2

c∣2F(F-∕)(S2-S1)S2

.(M+m)S2-MSl

D.，二―一力⑸一S而

zn

J(M+7n)S2+^ι

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，

全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得。分。

9.一定質(zhì)量的理想氣體，初始溫度為300K,壓強(qiáng)為IXlO5「聯(lián)經(jīng)等容過(guò)程，該氣體吸收400/的熱

量后溫度上升IO0K；若經(jīng)等壓過(guò)程，需要吸收60(V的熱量才能使氣體溫度上升IOOK。下列說(shuō)法正

確的是()

A.初始狀態(tài)下，氣體的體積為6L

B.等壓過(guò)程中，氣體對(duì)外做功40（V

C.等壓過(guò)程中，氣體體積增加了原體積的J

D.兩個(gè)過(guò)程中，氣體的內(nèi)能增加量都為400/

10.如圖所示、沿水平方向做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)，依次通過(guò)相距L的A、B兩點(diǎn)。已知質(zhì)點(diǎn)在A點(diǎn)的

位移大小為振幅的一半，B點(diǎn)位移大小是A點(diǎn)的百倍，質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，t時(shí)刻第二次經(jīng)

過(guò)B點(diǎn)，該振動(dòng)的振幅和周期可能是（）

力一B

-------?-------?----------

A2La2L八C2L12,「2L12,

?-√3→,3tdB.E，4tC.后五'號(hào)tD.南五'-t

11.如圖所示，正六棱柱上下底面的中心為。和0',A、D兩點(diǎn)分別固定等量異號(hào)的點(diǎn)電荷，下列說(shuō)

法正確的是O

A.-點(diǎn)與C'點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等

B.8'點(diǎn)與E'點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同

C.4,點(diǎn)與尸'點(diǎn)的電勢(shì)差小于0'點(diǎn)與。'點(diǎn)的電勢(shì)差

D.將試探電荷+q由F點(diǎn)沿直線移動(dòng)到O點(diǎn)，其電勢(shì)能先增大后減小

12.足夠長(zhǎng)U形導(dǎo)軌平置在光滑水平絕緣桌面上，寬為1m,電阻不計(jì)。質(zhì)量為1kg、長(zhǎng)為1m、電阻

為10的導(dǎo)體棒MN放置在導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌形成矩形回路并始終接觸良好，I和∏區(qū)域內(nèi)分別存在豎

直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為BI和B2,其中Bi=27,方向向下。用不可伸長(zhǎng)的輕繩跨過(guò)固

定輕滑輪將導(dǎo)軌CD段中點(diǎn)與質(zhì)量為0.Mg的重物相連，繩與CD垂直且平行于桌面。如圖所示，

某時(shí)刻MN、CD同時(shí)分別進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域1和H并做勻速直線運(yùn)動(dòng)，MN、CD與磁場(chǎng)邊界平行。MN

的速度%=2m∕s,CD的速度為也且為＞%，MN和導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2。重力加速度大小

取Iojn/S?,下列說(shuō)法正確的是O

A.四的方向向上B.%的方向向下

C.V2=5m∕sD.V2=3m∕s

三、非選擇題：本題共6小題，共60分。

13.利用圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置可探究等溫條件下氣體壓強(qiáng)與體積的關(guān)系。將帶有刻度的注射器豎直固

定在鐵架臺(tái)上，注射器內(nèi)封閉一定質(zhì)量的空氣，下端通過(guò)塑料管與壓強(qiáng)傳感器相連。活塞上端固定

一托盤(pán)，托盤(pán)中放入祛碼，待氣體狀態(tài)穩(wěn)定后，記錄氣體壓強(qiáng)P和體積V(等于注射器示數(shù)/與塑料

管容積41/之和)，逐次增加祛碼質(zhì)量，采集多組數(shù)據(jù)并作出擬合曲線如圖乙所示。

^p∕(×103pa)

220

200

180

÷^f-∣?'!-??

J#十

lτ-l-U-J-J-??-i-t--?-i-f-?--t-j-??-

X-二

-—-1-

,τ-τ-r-ι-τ-r-ι-t-r--∏-ι-r-r?-?*-r-rτ

X-A-JJ-J-.UU-J-1?..U-J-L.U..J_L.u□.

TIτIE+十

i00-;.

5060708090100

-(×103mL^1)

圖乙

回答以下問(wèn)題：

(1)在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，圖乙中的擬合曲線為一條過(guò)原點(diǎn)的直線，說(shuō)明在等溫情況下，一定

質(zhì)量的氣體o

A.P與U成正比B.P與3成正比

(2)若氣體被壓縮到U=Io.OmL,由圖乙可讀出封閉氣體壓強(qiáng)為Pa(保留3

位有效數(shù)字)。

(3)某組同學(xué)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，一同學(xué)在記錄數(shù)據(jù)時(shí)漏掉了4V,則在計(jì)算PV乘積時(shí)，他的計(jì)算結(jié)果

與同組正確記錄數(shù)據(jù)同學(xué)的計(jì)算結(jié)果之差的絕對(duì)值會(huì)隨P的增大而(填“增大”或"減小”)。

14.電容儲(chǔ)能已經(jīng)在電動(dòng)汽車(chē)，風(fēng)、光發(fā)電、脈沖電源等方面得到廣泛應(yīng)用。某同學(xué)設(shè)計(jì)圖甲所示

電路，探究不同電壓下電容器的充、放電過(guò)程，器材如下：

電容器C（額定電壓10乙電容標(biāo)識(shí)不清）；

電源E（電動(dòng)勢(shì)12乙內(nèi)阻不計(jì)）；

電阻箱Rl（阻值O?99999.90）；

滑動(dòng)變阻器/?2（最大阻值200,額定電流24）；

電壓表V（量程15V,內(nèi)阻很大）；

發(fā)光二極管Di、D2,開(kāi)關(guān)Si、S2,電流傳感器，計(jì)算機(jī)，導(dǎo)線若干。

回答以下問(wèn)題：

（1）按照?qǐng)D甲連接電路，閉合開(kāi)關(guān)N,若要升高電容器充電電壓，滑動(dòng)變阻器滑片應(yīng)向

端滑動(dòng)（填"a”或"b”）。

（2）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片位置，電壓表表盤(pán)如圖乙所示，示數(shù)為V（保留1位小數(shù)）。

（3）繼續(xù)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片位置，電壓表示數(shù)為8.OU時(shí)，開(kāi)關(guān)S2擲向1,得到電容器充電過(guò)

程的/-t圖像，如圖丙所示。借鑒“用油膜法估測(cè)油酸分子的大小''實(shí)驗(yàn)中估算油膜面積的方法，根

據(jù)圖像可估算出充電結(jié)束后，電容器存儲(chǔ)的電荷量為C（結(jié)果保留2位有效數(shù)

字）。

（4）本電路中所使用電容器的電容約為F（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。

（5）電容器充電后，將開(kāi)關(guān)S2擲向2,發(fā)光二極管（填''DJ或"。2”）閃光。

15.電磁炮滅火消防車(chē)（圖甲）采用電磁彈射技術(shù)投射滅火彈進(jìn)入高層建筑快速滅火。電容器儲(chǔ)存

的能量通過(guò)電磁感應(yīng)轉(zhuǎn)化成滅火彈的動(dòng)能，設(shè)置儲(chǔ)能電容器的工作電壓可獲得所需的滅火彈出膛速

度。如圖乙所示，若電磁炮正對(duì)高樓，與高樓之間的水平距離L=60m,滅火彈出膛速度%=

50zn∕s,方向與水平面夾角6=53。，不計(jì)炮口離地面高度及空氣阻力，取重力加速度大小g=

10m∕s2,sin530=0.8□

高樓

甲

（1）求滅火彈擊中高樓位置距地面的高度H；

（2）已知電容器儲(chǔ)存的電能E=^Ct∕2,轉(zhuǎn)化為滅火彈動(dòng)能的效率〃=15%,滅火彈的質(zhì)量為

3kg,電容C=2.5X10%F,電容器工作電壓U應(yīng)設(shè)置為多少？

16.一種反射式光纖位移傳感器可以實(shí)現(xiàn)微小位移測(cè)量，其部分原理簡(jiǎn)化如圖所示。兩光纖可等效

為圓柱狀玻璃絲M、N,相距為d,直徑均為2α,折射率為n（∏<√2）oM、N下端橫截面平齊且

與被測(cè)物體表面平行。激光在M內(nèi)多次全反射后從下端面射向被測(cè)物體，經(jīng)被測(cè)物體表面鏡面反射

至N下端面，N下端面被照亮的面積與玻璃絲下端面到被測(cè)物體距離有關(guān)。

（1）從M下端面出射的光與豎直方向的最大偏角為。，求。的正弦值；

（2）被測(cè)物體自上而下微小移動(dòng)，使N下端面從剛能接收反射激光到恰好全部被照亮，求玻璃

絲下端面到被測(cè)物體距離b的相應(yīng)范圍（只考慮在被測(cè)物體表面反射一次的光線）。

17.如圖所示，在0≤x≤2d,0≤y≤2d的區(qū)域中，存在沿y軸正方向、場(chǎng)強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電

場(chǎng)，電場(chǎng)的周?chē)植贾怪奔埫嫦蛲獾暮愣▌驈?qiáng)磁場(chǎng)。一個(gè)質(zhì)量為m,電量為q的帶正電粒子從OP

中點(diǎn)A進(jìn)入電場(chǎng)(不計(jì)粒子重力)。

??>/卜???

QN

??卜」PJ卜???

?E

______.d

-7)APX

(1)若粒子初速度為零，粒子從上邊界垂直QN第二次離開(kāi)電場(chǎng)后，垂直NP再次進(jìn)入電場(chǎng)，求

磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；

(2)若改變電場(chǎng)強(qiáng)度大小，粒子以一定的初速度從A點(diǎn)沿y軸正方向第一次進(jìn)入電場(chǎng)、離開(kāi)電

場(chǎng)后從P點(diǎn)第二次進(jìn)入電場(chǎng)，在電場(chǎng)的作用下從Q點(diǎn)離開(kāi)。

(i)求改變后電場(chǎng)強(qiáng)度E'的大小和粒子的初速度火；

(ii)通過(guò)計(jì)算判斷粒子能否從P點(diǎn)第三次進(jìn)入電場(chǎng)。

18.如圖所示，物塊A和木板B置于水平地面上，固定光滑弧形軌道末端與B的上表面所在平面相

切，豎直擋板P固定在地面上。作用在A上的水平外力，使A與B以相同速度也向右做勻速直線運(yùn)

動(dòng)。當(dāng)B的左端經(jīng)過(guò)軌道末端時(shí)，從弧形軌道某處無(wú)初速度下滑的滑塊C恰好到達(dá)最低點(diǎn)，并以水

平速度V滑上B的上表面，同時(shí)撤掉外力，此時(shí)B右端與P板的距離為s。已知為=lτn∕s,V=

4m∕s,mA=mc=lkg,mB=2kg,A與地面間無(wú)摩擦，B與地面間動(dòng)摩擦因數(shù)％=0.1,C與B

間動(dòng)摩擦因數(shù)%=°?5,B足夠長(zhǎng)，使得C不會(huì)從B上滑下。B與P、A的碰撞均為彈性碰撞，不計(jì)

(2)與P碰撞前，若B與C能達(dá)到共速，且A、B未發(fā)生碰撞，求S的范圍；

(3)若s=0.48τn,求B與P碰撞前，摩擦力對(duì)C做的功W；

(4)若s=0.48τn,自C滑上B開(kāi)始至A、B、C三個(gè)物體都達(dá)到平衡狀態(tài)，求這三個(gè)物體總動(dòng)

量的變化量dp的大小。

參考答案

L【答案】D

2.【答案】B

3.【答案】C

4.【答案】B

5.【答案】A

6.【答案】C

7.【答案】C

8.【答案】A

9.【答案】A5D

10.【答案】B,C

11.【答案】A,C,D

12.【答案】B,D

13.【答案】(1)B

(2)2.04XIO5

(3)增大

14.【答案】(1)b

(2)6.5

(3)3.8×W3

(4)4.8XICT，

(5)Di

15.【答案】(1)炮彈做斜拋運(yùn)動(dòng)，將拋出點(diǎn)的速度分解如圖所示；?H

炮彈在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有：L=v0cosθt,

2

豎直方向做上拋運(yùn)動(dòng)，有：H=v0sinθt-^gt，

解得：H=60m；

（2）由題意知，電容器的能量15%轉(zhuǎn)化為滅火彈的動(dòng)能，則有τ7E=*zn%2,其中E=*CU2,

解得:

16.【答案】（1）設(shè)激光在M內(nèi)發(fā)生全反射的入射角為a,從下端由M射出時(shí)的入射角為β,光路圖

如圖

激光在M內(nèi)發(fā)生全反射，所以α大于等于臨界角,

由幾何關(guān)系得：a+（3=9O。

當(dāng)a等于臨界角時(shí)，6最大，從M下端面出射的光與豎直方向的偏角最大，

根據(jù)折射定律得：?=?=

?sin(9θtaySina=W

解得最大偏角的正弦值為：sin。=√n2—1

（2）做光路圖如圖:

當(dāng)光線剛好能照到N下端最左側(cè)時(shí)，玻璃絲下端面到被測(cè)物體距離一I=藕

光線剛好能照全部覆蓋N下端時(shí)，玻璃絲下端面到被測(cè)物體距離：歷=端，sin.=

則tanP—迎一包二?

人Jtand-C萩一、2f2

2

則玻璃絲下端面到被測(cè)物體距離的范圍為:d2—n

17.【答案】(1)依題意做出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示:

2

設(shè)粒子第一次進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為巧，根據(jù)動(dòng)能定理可得：qF?2d=∣mv1,

粒子第一次和第二次進(jìn)入磁場(chǎng)的速度不變，設(shè)圓周軌跡半徑為ri，

根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qv1B=m小

rI

根據(jù)幾何關(guān)系可知，粒子軌跡半徑：勺=Md

解得：b=6借；

(2)(i)根據(jù)題意做出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：

2

設(shè)圓周軌跡半徑為「2,根據(jù)幾何關(guān)系可得：上2=(2d)+(.r2-d)2

解得：廠2=2.5d

根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qv2β=m殍

解得：…履

根據(jù)幾何關(guān)系可得：cos。=患=0.8,

解得：θ=37o

粒子第二次進(jìn)入電場(chǎng)后，做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有：2d=wcose?t

豎直方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，有：2d="2Sine?t+J^t2

聯(lián)立解得：E,=36E;

22

對(duì)粒子第一次在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理可得：qE'-2d=^mv2-∣mv0

解得：v0=9方向向上；

(ii)設(shè)粒子離開(kāi)Q點(diǎn)速度大小為名，

22

根據(jù)動(dòng)能定理可得：qE'-2d=^mv3—^mv2

解得：u=3?鹿紅

粒子從Q點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qv3B=m^-

解得：口=孚d

若粒子是從P點(diǎn)第三次進(jìn)入電場(chǎng)，如圖所示：

則COSa=質(zhì)

根據(jù)圖中的幾何關(guān)系可得：n=cos(%5。)

解得：「3=誓d

?Zl

由于兩種情況下計(jì)算的半徑不相等，故粒子不會(huì)第三次經(jīng)過(guò)P點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)。

2

18.【答案】(1)滑塊C沿弧形軌道下滑過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律可得：mcgH=?mcv,

代入數(shù)據(jù)解得：H=0?8m.

(2)滑塊C剛滑上B時(shí)，對(duì)C受力分析，由牛頓第二定律得C的加速度大小為：ac=μ2g

對(duì)B受力分析，由牛頓第二定律得：μ2mcg-Mi(Wβ+mc)g=mBaB

22

解得：ac=5m∕s,aB=lτn∕s

設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間ti，B和C共速，有：V-act1=v0+αβt1

解得：t1=0.5s

共同速度D共I=v-adι=l?5τ∏∕s

B的位移為XBl=Votι+??tι2=0.625m

B和C共速后，一起做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)BC整體，由牛頓第二定律得：μ^mB+mc)g=

(n?+mc)aβc

解得：CLBC=^i-rn∕s2

設(shè)再經(jīng)過(guò)時(shí)間t2,A與B發(fā)生碰撞，則有：X4=xβl+XB2

其中A的位移為：XA=v0(tι+b)

V4-v

B在t2時(shí)間內(nèi)的位移為：X“，一共1共2

人82-2

U升八一u開(kāi)、

共\共2

t2=∩

aBC

解得：b=苧S或與&(舍去)，物2=紅磬如?=(l-^)m∕s

為保證與P碰撞前，B與C能達(dá)到共速，且A、B未發(fā)生碰撞，貝IJXBl≤S≤XBI+xβ2

解得：0.625τn≤s≤(1+孝)m

(3)因?yàn)镾=0.48T∏VXBI,所以B與P碰撞時(shí)，滑塊C與木板B沒(méi)有共速，B做勻加速直線運(yùn)

動(dòng)，C做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)木板B,由位移一時(shí)間公式得：s=DOtO

代入數(shù)據(jù)解得：to=O?4s或-2