2023年內蒙古包頭市中考物理調研試卷

一、選擇題（本題包括7個小題，每小題3分，共21分。每小題只有一個選項符合題意，

請將答題卡上對應題目的答案標號涂黑）

1.（3分）打開冰箱的冷凍室會有“白氣”向下飄出，燒開水時壺嘴口有“白氣”向上冒出。

對“白氣”的分析下列說法正確的是（）

A.二者都是水汽化形成的水蒸氣

B.二者都是水滴氣液化形成的小水珠

C.前者是液化形成的，后者是汽化形成的

D.二者的形成過程都需要吸熱

2.（3分）移動支付已被大家廣泛使用，消費者只需用手機掃描二維碼，按照相關步驟操作

即可完成付款。下列說法正確的是（）

A.手機上的攝像頭相當于凸透鏡

B.掃碼時二維碼要位于攝像頭一倍焦距以內

C.二維碼經掃描后在手機上成正立的實像

D.若手機遠離二維碼，掃描所成的像變大

3.（3分）將縫衣針磁化后，穿過扣子的兩孔，就在支架上做成了指南針，靜止時針尖指南,

如圖所示。下列說法正確的是（）

Z?7

A.針尖是指南針的N極

B.指南針只有針尖位置磁性最強

C.指南針能指南北是因為磁極間的相互作用

D.針尖所指的方向為該點的地磁場方向

4.（3分）如圖所示，航天器都有很大的太陽能電池板，下列說法正確的是（)

A.太陽能是可再生能量

B.太陽能和電能都是一次能源

C.電池板將太陽能轉化為內能

D.電池板的能量轉化率可達100%

5.（3分）如圖所示，某同學在超市乘自動扶梯勻速向上運動，不計空氣阻力，下列分析正

確的是（）

A.他相對扶梯上其他乘客是運動的

B.上升過程中，他的運動狀態發生改變

C.扶梯上升時他受到摩擦力的作用

D.他受到的重力和支持力是一對平衡力

6.（3分）如圖所示，電源電壓不變，閉合開關S,滑片P向右滑動過程中，下列說法正確

的是（）

Rl

"------@-------

------------

A.電流表Al的示數變小

B.電流表A2的示數不變

C.電壓表V與電流表A示數的比值變大

D.電壓表V與電流表A示數的乘積變大

7.（3分）獨輪車是生活中搬運磚塊的輕便工具，在豎直向上的拉力Fi作用下，獨輪車在

圖示位置保持靜止，如圖所示。下列說法正確的是（）

A.獨輪車可看作是一個費力杠桿

B.圖中車破的總重力G與拉力FI之比為3：1

C.為了更輕便，可以把車廂內磚塊適當向后移動

D.若將拉力由Fl方向改為F2方向會更省力一些

二、實驗題（本題包括4個小題，第8題4分，第9題5分，第10題6分，第U題6分,

共21分）

8.（4分）利用如圖甲所示的實驗裝置來研究冰的熔化規律。

（1）實驗時酒精燃燒將能轉化為內能。

（2）某時刻溫度計示數如圖乙所示為

（3）根據實驗數據繪制的溫度隨加熱時間變化圖象如圖丙所示，由圖可知，冰熔化過程

中溫度不變，內能。

（4）在第8min時，若將試管從溫水中取出，立即放入熔點為-4°C的鹽冰水混合物中，

此時試管中物質的溫度（選填“升高”、“降低”或“不變”）。

9.（5分）如圖甲所示為“探究光的反射規律”的實驗裝置，M是平面鏡，紙板EF是由兩

塊紙板連接而成，紙板F可繞ON向前折或向后折。

（1）實驗時，將紙板垂直放置在平面鏡上，一束激光貼著紙板E沿Ac）射到鏡面O點,

紙板F上會顯示出反射光束OB,接著將紙板F繞ON向后折,則紙板F上（選

填“能”或“不能”）顯示出反射光束，由此說明反射光線、入射光線與ON在

內。

（2）改變光線AO與ON的夾角來探究反射角與入射角的大小關系，入射光線與鏡面夾

角如圖甲所示，則反射光線與入射光線夾角是度。

（3）若讓另一束光沿BO方向射向平面鏡，反射光將沿OA方向射出，該現象說

明。

（4）如圖乙所示為液面微變監視器，光束發射器始終沿圖中方向向被監視的液面發射，

若反射到光電轉換接收器上的光點從SI移向S2,則表明液面（選填“上升”、

“下降”或“不變”）。

10.（6分）媽媽從超市買回一些香梨，小蘭根據學過的物理知識，利用燒杯、量筒、天平、

水和食鹽測量了香梨的密度，實驗步驟如下：

mL

100二

80-

（1）如圖甲所示，將天平放在水平桌面上，先調節，再將平衡螺母向

移動使橫梁平衡。

（2）由于香梨無法放入量筒中測量體積，于是她在燒杯中裝入適量的水，把香梨放入水

中，香梨沉底。向燒杯中加鹽并攪拌至香梨在鹽水中，此時香梨密度與鹽水

密度相等。

（3）用調節好的天平測得燒杯，鹽水和香梨的總質量，如圖乙所示為go

（4）將燒杯中部分鹽水倒入量筒中，如圖丙所示。用天平測得燒杯、香梨與剩余鹽水的

總質量為91g,則量筒內鹽水密度為kg∕m3,即為香梨的密度。

（5）將鹽水倒入量筒時，不小心灑在量筒外一點，這樣測得香梨的密度值會

（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）。

11.（6分）在“探究通過導體的電流與電阻的關系”實驗中，小江利用可調電壓電源、5

個定值電阻（阻值分別為5。、10。、15Q、20。、25。）、滑動變阻器（50QIA）、電壓表、

電流表、開關、導線若干，設計了如圖甲所示的電路。

甲乙丙

（1）請用筆畫線代替導線，將圖乙中的實物電路連接完整（連線不要交叉）。

（2）閉合開關，移動滑片，發現電流表、電壓表指針均不動。假設電路只有一處故障,

原因可能是。

（3）排除故障后進行實驗，小江收集的數據如表所示:

實驗序號?2345

電阻R∕∩510152025

電流I/A0.400.160.100.08

進行序號2實驗時電流表示數如圖丙所示為Ao分析表中數據，發現實驗序

號的數據存在問題，原因是某次更換定值電阻后，而

直接讀取電流值造成的。

（4）若控制電阻兩端電壓為2V不變，重新調節電源電壓后保持不變，為再次完成5組

實驗，所調電源電壓的最大值為Vo

三、計算題（本題包括2個小題，第12題9分，第13題9分，共18分）

12.（9分）某品牌家用電熨斗電路如圖中所示，加熱部分由可變電阻R和定值電阻RO組成

（電阻值均不受溫度影響）。額定電壓為220V,最大加熱功率為484W,最小加熱功率為

121W,電熨斗表面溫度隨加熱功率變化關系如圖乙所示。求:

（1）電熨斗表面溫度保持240℃工作Imin產生的熱量；

（2）定值電阻Ro的阻值;

（3）可變電阻R的最大阻值；

（4）若要增大電熨斗工作時表面溫度范圍，請寫出可行的做法并簡單說明理由（寫出一

條即可）。

13.（9分）質量為IOkg、底面積為0.04m2的柱形容器放在水平桌面上，將邊長為?；诘?/p>

正方體實心物塊（不吸水）用輕繩連接固定在天花板上，置于容器內，如圖甲所示。向

容器中緩慢注水，輕繩對物塊拉力大小隨容器中水面高度變化關系如圖乙所示（輕繩體

積忽略不計，p*=l-θ×103kg∕m3,g取IoNzkg）,求：

（1）注水前容器對桌面的壓強；

（2）物塊的密度；

（3）當輕繩拉力剛好為零時，水對容器底部的壓強。

甲乙

2023年內蒙古包頭市中考物理調研試卷

參考答案與試題解析

一、選擇題（本題包括7個小題，每小題3分，共21分。每小題只有一個選項符合題意，

請將答題卡上對應題目的答案標號涂黑）

1?（3分）打開冰箱的冷凍室會有‘'白氣"向下飄出，燒開水時壺嘴口有“白氣”向上冒出。

對“白氣”的分析下列說法正確的是（）

A.二者都是水汽化形成的水蒸氣

B.二者都是水滴氣液化形成的小水珠

C.前者是液化形成的，后者是汽化形成的

D.二者的形成過程都需要吸熱

【分析】物質遇冷由氣態變為液態的過程是液化，物質液化要放出熱量。

【解答】解：打開冰箱的冷凍室看見一股“白氣”向下飄出，這是室內空氣中的水蒸氣

遇到冰箱內溫度較低的空氣液化而成的小水滴；燒開水時壺嘴里向上冒“白氣”，這是由

于從壺中熱水汽化成的高溫水蒸氣遇到外界較冷的空氣液化而成的小水滴；兩股“白氣”

本質是相同的，但水蒸氣的來源不同，前者來源于空氣中、后者是由熱水汽化生成的，

液化過程放出熱量。故正確，ACD錯誤。

故選：Bo

【點評】本題通過生活中的常見現象考查了對液化現象的認識，屬于基礎性題目。

2.（3分）移動支付已被大家廣泛使用，消費者只需用手機掃描二維碼，按照相關步驟操作

即可完成付款。下列說法正確的是（）

回群回

A.手機上的攝像頭相當于凸透鏡

B.掃碼時二維碼要位于攝像頭一倍焦距以內

C.二維碼經掃描后在手機上成正立的實像

D.若手機遠離二維碼，掃描所成的像變大

【分析】手機攝像頭的鏡頭是凸透鏡，相當于一照相機，工作時物體在攝像頭的二倍焦

距以外，成倒立縮小的實像；

凸透鏡成實像時，物距越大，像距越小，所成的像越小。

【解答】解：

ABC、手機攝像頭的鏡頭是凸透鏡，相當于一照相機，工作時物體在攝像頭的二倍焦距

以外，成倒立縮小的實像，故A正確，BC錯誤；

D、若手機遠離二維碼，物距變大，像距變小，像會變小，故D錯誤。

故選：Ao

【點評】此題考查了凸透鏡成像規律的應用，關鍵要明確凸透鏡成實像時，物距越大，

像距越小，所成的像越小。

3.（3分）將縫衣針磁化后，穿過扣子的兩孔，就在支架上做成了指南針，靜止時針尖指南,

如圖所示。下列說法正確的是（）

A.針尖是指南針的N極

B.指南針只有針尖位置磁性最強

C.指南針能指南北是因為磁極間的相互作用

D.針尖所指的方向為該點的地磁場方向

【分析】（1）地球是一個大磁體，地磁南極在地理北極附近，地磁北極在地理南極附近,

由于受到地磁場的作用，放入地磁場的磁體都受到地磁場的作用；

（2）磁體磁性最強的部分叫磁極，磁體有兩個磁極；

（3）同名磁極互相排斥，異名磁極互相吸引；

（4）放入磁場的小磁針，靜止時N極所指方向為該點的磁場方向。

【解答】解：A、地球是一個大磁體，指南針指南北的原因是由于受到了地磁場的作用；

當小指南針靜止后，針尖指向南方，針尖是指南針的S極，故A錯誤；

B、指南針針尖和針尾位置磁性最強，故B錯誤；

C、因為同名磁極互相排斥，異名磁極互相吸引，所以指南針能指南北，故C正確；

D、因為針尖是指南針的S極，針尾是指南針的N極，因此針尾所指的方向為該點的地

磁場方向，故D錯誤。

故選：Co

【點評】此題考查了磁極間相互作用、地磁場的存在及磁場方向，屬于基本規律的應用,

難度不大。

4.（3分）如圖所示，航天器都有很大的太陽能電池板，下列說法正確的是（）

A.太陽能是可再生能量

B.太陽能和電能都是一次能源

C.電池板將太陽能轉化為內能

D.電池板的能量轉化率可達100%

【分析】（1）能在短時間內得到補充的能源屬于可再生能源；可以從自然界直接獲取的

能源是一次能源，如煤、石油、天然氣、太陽能、風能、水能等；

（2）一次能源是指自然界中以原有形式存在的、未經加工轉換的能量資源，又稱天然能

源；二次能源是指由一次能源經過加工轉換以后得到的能源；

（3）太陽能電池板可將太陽能轉化為電能；

（4）任何能量轉化都存在一定的能量損耗，目前太陽能電池板的能量轉化效率在24%左

右遠低于100%。

【解答】解：

A、太陽能可以從自然界源源不斷獲得，屬于可再生能源，故A正確；

B、太陽能都是未經加工轉換的能量資源，是一次能源，電能是由其他形式的能經過加工

轉換以后得到的能源，是二次能源，故B錯誤；

C、太陽能電池板可將太陽能轉化為電能，故C錯誤；

D、任何能量轉化都存在一定的能量損耗，目前太陽能電池板的能量轉化效率在24%左

右遠低于100%,故D錯誤。

故選：A?

【點評】本題考查了學生對太陽能、能源的分類、能量的轉化等知識的掌握情況，屬于

基礎內容的考查，比較簡單。

5.（3分）如圖所示，某同學在超市乘自動扶梯勻速向上運動，不計空氣阻力，下列分析正

確的是（）

A.他相對扶梯上其他乘客是運動的

B.上升過程中，他的運動狀態發生改變

C.扶梯上升時他受到摩擦力的作用

D.他受到的重力和支持力是一對平衡力

【分析】（1）研究對象的運動情況是怎樣的，就看它與參照物的相對位置是否變化，如

果變化，物體是運動的，如果沒變化，則是靜止的；

（2）物體處于靜止或勻速直線運動狀態時，物體的運動狀態不變；

（3）靜止的物體處于平衡狀態，受到的力為平衡力；

（4）平衡力的條件：大小相等、方向相反、作用在同一個物體上，作用在同一條直線上。

【解答】解：A、該同學相對扶梯上其他乘客的位置沒有發生變化，所以她相對扶梯上其

他乘客是靜止的，故A錯誤；

B、上升過程中，他處于勻速直線運動狀態，運動狀態沒有發生改變，故B錯誤；

C、人做勻速直線運動，處于平衡狀態，根據平衡條件，人所受合力為零，則水平方向不

受摩擦力的作用，故C錯誤；

D、她受到的重力和扶梯對她的支持力，大小相等、方向相反、作用在同一個物體上，作

用在同一條直線上，它們是一對平衡力，故D正確。

故選：D。

【點評】物體所處的運動狀態與其受力情況是一一對應的。通過物體的運動狀態，可以

確定物體的受力情況。反過來，利用物體的受力情況也可以確定物體所處的狀態。

6.（3分）如圖所示，電源電壓不變，閉合開關S,滑片P向右滑動過程中，下列說法正確

的是（)

A.電流表Ai的示數變小

B.電流表A2的示數不變

C.電壓表V與電流表A示數的比值變大

D.電壓表V與電流表A示數的乘積變大

【分析】由電路圖知，Rl和R2并聯，電流表AI測量通過R2電流，電流表A2測量通過

Rl電流，電流表A測量干路電流，電壓表測量電源電壓；

根據電源電壓分析電壓表示數的變化；

當滑動變阻器的滑片P向右移動時，滑動變阻器連入電路的電阻變大，根據歐姆定律判

定通過滑動變阻器電流的變化；根據并聯電路的特點分析通過R2電流的變化；根據并聯

電路的電流規律分析干路中電流的變化；根據電壓表V示數與電流表A示數的變化分析

電壓表V示數與電流表A示數比值、乘積的變化。

【解答】解：由電路圖知，Rl和R2并聯，電流表Al測量通過R2電流，電流表A2測量

通過Rl電流，電流表A測量干路電流，電壓表測量電源電壓；

由于電源電壓不變，移動滑片時，電壓表示數不變；

閉合開關，當滑動變阻器的滑片P向右移動時，由于并聯電路各支路互不影響，所以通

過R2的電流不變，電流表Ai示數不變；

滑動變阻器變阻器R2連入電路的阻值變大，根據歐姆定律可知，通過滑動變阻器的電流

變小，電流表A2示數變??；

根據并聯電路的電流規律可知，干路中的電流變小，電流表A示數變??；

電壓表示數不變，電流表A示數變小，所以電壓表V與電流表A示數的比值變大、電壓

表V與電流表A示數的乘積變?。?/p>

綜上所述，C正確。

故選：Co

【點評】本題考查了歐姆定律的應用和滑動變阻器的使用，分析電路圖確定電路連接方

式、電表的作用是本題的關鍵。

7.（3分）獨輪車是生活中搬運磚塊的輕便工具，在豎直向上的拉力Fi作用下，獨輪車在

圖示位置保持靜止，如圖所示。下列說法正確的是（）

A.獨輪車可看作是一個費力杠桿

B.圖中車磚的總重力G與拉力FI之比為3：1

C.為了更輕便，可以把車廂內磚塊適當向后移動

D.若將拉力由Fl方向改為F2方向會更省力一些

【分析】（1）結合圖片和生活經驗，先判斷獨輪車在使用過程中，動力臂和阻力臂的大

小關系，再判斷它是屬于哪種類型的杠桿；

（2）根據杠桿的平衡條件FILl=F2L2可以求出作用在車把上豎直向上的力的大??；

（3）根據杠桿的平衡條件，進行判斷；

（4）根據杠桿的平衡條件，當動力臂最長時，最省力。

【解答】解：

A、因為獨輪車在使用過程中，動力臂大于阻力臂，所以是省力杠桿，故A錯誤；

B、由杠桿平衡條件可得FILl=F2L2,

F94.

即F2X0.3m=FιX（0.9m+0.3m）,解得：故B錯誤；

FI1

C、為了更輕便，可以把車廂內磚塊適當向前移動，減小了阻力臂，動力也會減小，能達

到省力的目的，故C錯誤；

D、根據杠桿的平衡條件，在阻力和阻力臂不變的情況下，當動力臂最長時，最省力，故

F2動力臂最長，最省力，故D正確。

故選：D。

【點評】此題主要考查的是杠桿平衡條件的應用、杠桿的分類，難度不大。

二、實驗題（本題包括4個小題，第8題4分，第9題5分，第IO題6分，第11題6分,

共21分）

8.（4分）利用如圖甲所示的實驗裝置來研究冰的熔化規律。

甲乙丙

（1）實驗時酒精燃燒將化學能轉化為內能。

（2）某時刻溫度計示數如圖乙所示為-3

（3）根據實驗數據繪制的溫度隨加熱時間變化圖象如圖丙所示，由圖可知，冰熔化過程

中溫度不變，內能增加。

（4）在第8min時，若將試管從溫水中取出，立即放入熔點為-4℃的鹽冰水混合物中，

此時試管中物質的溫度不變（選填“升高”、“降低”或“不變”）。

【分析】（1）燃料燃燒將化學能轉化為內能；

（2）該溫度計的分度值是方向是O刻度下方三格位置；

（3）晶體熔化過程中繼續吸熱，溫度保持不變，內能增加；

（4）晶體凝固過程中繼續放熱，溫度保持不變。

【解答】解：（1）酒精燈在燃燒過程中，是將蘊藏在內部的化學能轉化為內能；

（2）該溫度計的分度值是1℃,方向是O刻度下方三格位置，讀數為-3℃；

（3）冰是晶體，晶體在熔化過程中繼續吸熱，溫度保持不變，質量也沒有變化，內能增

加；

（4）第8分鐘時，試管中的水溫度是0℃,且還沒有熔化完全，處于固液共存狀態，立

即放入熔點為-4C的鹽冰水混合物中，外界溫度低于試管內溫度，試管內的冰水混合物

將會凝固，晶體在凝固過程中繼續放熱，溫度保持不變。

故答案為：（1）化學；（2）-3；（3）增加；（4）不變。

【點評】本題考查了燃料燃燒時的能量轉化、溫度計的示數讀取方法、晶體在熔化和凝

固過程中的規律。

9.（5分）如圖甲所示為“探究光的反射規律”的實驗裝置，M是平面鏡，紙板EF是由兩

塊紙板連接而成，紙板F可繞ON向前折或向后折。

甲乙

（1）實驗時，將紙板垂直放置在平面鏡上，一束激光貼著紙板E沿AO射到鏡面O點，

紙板F上會顯示出反射光束0B,接著將紙板F繞ON向后折，則紙板F上不能（選

填“能”或“不能”）顯示出反射光束，由此說明反射光線、入射光線與ON在同一

平面內。

（2）改變光線AO與ON的夾角來探究反射角與入射角的大小關系，入射光線與鏡面夾

角如圖甲所示，則反射光線與入射光線夾角是如0度。

（3）若讓另一束光沿Bo方向射向平面鏡，反射光將沿OA方向射出，該現象說明光

路是可逆的。

（4）如圖乙所示為液面微變監視器，光束發射器始終沿圖中方向向被監視的液面發射，

若反射到光電轉換接收器上的光點從Si移向S2,則表明液面上升（選填“上升”、

“下降”或“不變”）。

【分析】（1）要驗證反射光線與入射光線是否在同一平面上，可以通過讓紙板F與紙板

E不在同一平面上來研究；

（2）根據反射角和入射角的大小分析；

（3）在反射現象中，光路是可逆的；

（4）光的反射定律：反射光線、入射光線、法線在同一個平面內，反射光線與入射光線

分居法線兩側，反射角等于入射角；根據反射點和反射光線的變化，從而分析出反射到

光電轉換接收器的光點與液面變化的關系。

【解答】解：（1）實驗中將紙板F向后折轉，紙板F上不能看到反射光線，說明反射光

線、入射光線和法線在同一平面內；

（2）入射光線Ao的法線是ON；紙板ENF與平面鏡垂直放置，圖中的入射角是：Zi

=90°-40°=50°；由于反射角等于入射角，所以反射角為：Nr=50°,反射光線與

入射光線夾角是50°+50°=100°；

（3）讓一束光沿Bo方向射向平面鏡，即讓光線逆著原來的反射光線射向鏡面，反射光

將沿OA方向射出，即反射光線逆著原入射光線方向射出，該實驗現象說明，在反射現

象中，光路是可逆的；

(4)由于入射光線是固定的，且光在水面上發生的是鏡面反射，當水面發生變化時，故

反射光線的方向與原來的反射光線是平行的，根據題干圖示可知，反射到光電轉換器接

收平面上的光點從Sl點移向S2點，這說明反射點向左偏移且反射點上升，由此可知，

被監視的液面是上升的。

故答案為：(1)不能；同一平面；(2)100；(3)光路是可逆的；(4)上升。

【點評】此題主要通過實驗探究了光的反射定律。通過各個分實驗分別探究了兩角大小

和三線之間的關系。實驗探究題是中考中必不可少的題目，要加強實驗教學，引導學生

從實驗中分析現象，歸納總結規律。培養學生觀察、分析、概括能力。

10.(6分)媽媽從超市買回一些香梨，小蘭根據學過的物理知識，利用燒杯、量筒、天平、

水和食鹽測量了香梨的密度，實驗步驟如下：

(1)如圖甲所示，將天平放在水平桌面上，先調節游碼歸零，再將平衡螺母向右

移動使橫梁平衡。

(2)由于香梨無法放入量筒中測量體積，于是她在燒杯中裝入適量的水，把香梨放入水

中，香梨沉底。向燒杯中加鹽并攪拌至香梨懸浮在鹽水中,此時香梨密度與鹽水密

度相等。

(3)用調節好的天平測得燒杯，鹽水和香梨的總質量，如圖乙所示為154go

(4)將燒杯中部分鹽水倒入量筒中，如圖內所示。用天平測得燒杯、香梨與剩余鹽水的

總質量為91g,則量筒內鹽水密度為1.05X103kg∕ι√,即為香梨的密度。

(5)將鹽水倒入量筒時，不小心灑在量筒外一點，這樣測得香梨的密度值會偏大(選

填“偏大”、“偏小”或“不變”).

【分析】（1）使用天平時，首先要調零，然后再調節平衡螺母；（2）懸浮時物體的密度

等于液體的密度；（3）使用天平測量物體的質量，物體質量等于祛碼質量加游碼對應的

刻度線值；（4）鹽水密度等于倒出來鹽水的質量與量筒中鹽水的體積之比；（5）鹽水如

果不小心灑出來，會使倒出來鹽水的質量偏大，所以會使鹽水的密度偏大。

【解答】解：（1）使用天平需調平，調平之前需要先將游碼至零刻線處（游碼歸零），調

節平衡螺母的方法是左偏右調，所以需要往右調；

（2）使香梨懸浮的目的是香梨的密度等于鹽水的密度，所以是懸浮；

（3）物體質量等于祛碼質量加游碼對應的刻度線值，應為154；

（4）根據題意可以計算出倒出來鹽水的質量是63g,倒出來鹽水的體積是60cπ?根據公

式p=m∕v

33

可計算出鹽水的密度是I.O5×IOkg∕m;

（5）鹽水如果不小心灑出來，會使倒出來鹽水的質量偏大，所以會使鹽水的密度偏大。

故答案為：（1）游碼至零刻線處（游碼歸零），右；（2）懸浮；（3）154：（4）1.05×IO3;

（5）偏大。

【點評】本題是考查密度的測量結合由浮力的知識。

11.（6分）在“探究通過導體的電流與電阻的關系”實驗中，小江利用可調電壓電源、5

個定值電阻（阻值分別為5。、10。、15。、20。、25。）、滑動變阻器（50∩1A）,電壓表、

電流表、開關、導線若干，設計了如圖甲所示的電路。

（1）請用筆畫線代替導線，將圖乙中的實物電路連接完整（連線不要交叉）。

（2）閉合開關，移動滑片，發現電流表、電壓表指針均不動。假設電路只有一處故障,

原因可能是滑動變阻器斷路。

（3）排除故障后進行實驗，小江收集的數據如表所示：

實驗序號12345

電阻R/Q510152025

電流I/A0.400.160.100.08

進行序號2實驗時電流表示數如圖丙所示為0.20Ao分析表中數據，發現實驗序號

3—的數據存在問題，原因是某次更換定值電阻后，未調節滑動變阻器使電壓表示數保

持不變而直接讀取電流值造成的。

(4)若控制電阻兩端電壓為2V不變，重新調節電源電壓后保持不變，為再次完成5組

實驗，所調電源電壓的最大值為6Vo

【分析】(1)滑動變阻器采用“一上一下”的原則與定值電阻串聯；

(2)電流表和電壓表均無示數，說明電路中出現了斷路，據此分析；

(3)根據圖丙乙知電流表選用小量程，根據圖內確定電流表的分度值讀數；

探究電流與電阻的關系，應保持電阻兩端的電壓不變；根據表中數據利用歐姆定律求出

電阻兩端的電壓，并找出錯誤的數據；

(4)由串聯電路的特點可知，當電阻最大為25Q且變阻器接入最大阻值時，電源電壓為

最大，由分壓原理求出電源電壓最大值。

【解答】解：(1)滑動變阻器采用“一上一下”的原則與定值電阻串聯，如圖所示：

(2)電流表示數為零，說明電路可能斷路，電壓表示數也為零，說明是電壓表所測量的

電阻以外的部分出現的斷路，故電路故障為滑動變阻器斷路；

(3)根據圖丙乙知電流表選用小量程，由圖丙可知，電流表的分度值為0.02A,示數為

0.20A；

探究電流與電阻的關系，應保持電阻兩端的電壓不變，由表中數據知，定值電阻兩端的

電壓：UV=IR=O.4AX5C=0.2A><10∩=0.1A×20∩=0.08A×25∩=2V≠0.16A×15Q=

2.4V,故實驗中控制定值電阻兩端的電壓為2V,第3次實驗的數據存在錯誤，為了控制

定值電阻兩端的電壓相等，更換電阻后應通過調節滑動變阻器的滑片使電壓表的示數保

持2V不變，因此其原因是某次更換定值電阻后，沒有未調節滑動變阻器使電壓表示數保

持不變，而直接讀取電流值造成的；

（4）由串聯電路的特點可知，當電阻最大為25Q且變阻器接入最大阻值時，電源電壓為

最大，由分壓原理可得：?=-,所以電源電壓最大值：UE='隨XUV=

UER+R滔R

25。+5°Q×2V=6VO

25Q

故答案為：（1）見解答圖；（2）滑動變阻器斷路；（3）0.20；3；未調節滑動變阻器使電

壓表示數保持不變；（4）6。

【點評】本題探究通過導體的電流與電阻的關系，考查電路連接、故障分析、電流表讀

數、控制變量法、數據分析和歐姆定律的應用。

三、計算題（本題包括2個小題，第12題9分，第13題9分，共18分）

12.（9分）某品牌家用電熨斗電路如圖甲所示，加熱部分由可變電阻R和定值電阻Ro組成

（電阻值均不受溫度影響）。額定電壓為220V,最大加熱功率為484W,最小加熱功率為

121W,電熨斗表面溫度隨加熱功率變化關系如圖乙所示。求：

甲乙

（1）電熨斗表面溫度保持240℃工作Imin產生的熱量；

（2）定值電阻RO的阻值；

（3）可變電阻R的最大阻值；

（4）若要增大電熨斗工作時表面溫度范圍，請寫出可行的做法并簡單說明理由（寫出一

條即可）。

【分析】（1）由圖乙可知電熨斗表面溫度保持240C時的加熱功率，根據Q=W=Pt算出

此時工作Imin產生的熱量：

（2）當滑動變阻器的滑片在最左端時，滑動變阻器接入電路的電阻為零，電路為Ro的

簡單電路，此時電路的總電阻最小，總功率最大，根據P=U-算出定值電阻Ro的阻值;

R

（3）當滑動變阻器的滑片在最右端時，滑動變阻器接入電路的電阻最大，此時電路的總

電阻最大，總功率最小，根據P=尤算出電路的總電阻，由串聯電路電阻的規律算出可

變電阻R的最大阻值；

TJ2

(4)根據P最大=幺可知，電源電壓一定，Ro的阻值減小，最大加熱功率增大，據此分

RO

析。

【解答】解：

(1)由圖乙可知電熨斗表面溫度保持240℃時的加熱功率為484W,此時工作Imin產生

的熱量為：

Q=W=PflJ大t=484WX60s=29040J；

(2)由電路圖可知，可變電阻R和定值電阻RO串聯；當滑動變阻器的滑片在最左端時,

滑動變阻器接入電路的電阻為零，電路為RO的簡單電路，此時電路的總電阻最小，總功

率最大，最大為484W,

τ∣2

根據P=U一知定值電阻R0的阻值為：

(3)當滑動變阻器的滑片在最右端時，滑動變阻器接入電路的電阻最大，此時電路的總

電阻最大，總功率最小，最小為121W,

根據P=IL知電路的總電阻為：

由串聯電路電阻的規律可得，可變電阻R的最大阻值為:

R=R,a-Ro=4OO∩-100∩=300∩;

(4)根據Pig大=上一可知，電源電壓一定，Ro的阻值減小，最大加熱功率增大，即可提

高電熨斗表面的最高溫度，從而增大溫度范圍。

答：(1)電熨斗表面溫度保持240C工作Imin產生的熱量為29040J：

(2)定值電阻RO的阻值為100C；

(3)可變電阻R的最大阻值為300。；

（4）減小Ro的阻值；理由是：根據PJft大=U-可知，電源電壓一定，Ro的限值減小，