2023年重慶市主城區高考物理一診試卷

1.如題圖為太極練功場示意圖，半徑為R的圓形場地由“陽

魚白色”和“陰魚深色”構成，。點為場地圓心。其內部

由兩個圓心分別為和，的半圓弧分隔。某晨練老人從A點出

發沿“陽魚”和“陰魚”分界線走到8點，用時為t,下列說法

正確的是（）

A.t指的是走到8點的時刻B.老人的位移為，

C.老人的平均速度為D.老人的平均速率為

*

2.遠洋捕撈常常利用聲吶探測魚群的方位。漁船上聲吶發出一列超聲波在，，時刻的波

動圖像如圖甲，質點P的振動圖像如圖乙。下列說法正確的是（）

A.該波沿X軸正方向傳播B.該波的傳播速度為:

C.該超聲波的頻率為5HzD.增大該超聲波頻率振幅會明顯增大

3.如題圖，兩個完全相同的小球1和2,2球靜止在光滑水平面BC上，1球從光滑斜面

某處靜止釋放。己知AB面與8C面平滑連接，兩小球發生彈性碰撞，小球在C處與墻面碰

撞時有機械能損失。下列圖像能粗略反映1球來回運動一次運動過程的是（）

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4.如題圖，起重機將一半徑為R的圓柱體緩慢吊起，有四根

長度均為2R的鋼繩，一端分別固定在圓柱上端圓面邊緣的四

個等分點處，另一端會聚在掛鉤上，四根鋼繩的質量忽略不計,

圓柱體的質量為m,當地的重力加速度為g,則每根鋼繩的受力

大小為）

A3

B.

D,λ?,,,.

3V

5,2022年12月4日20時09分，神舟十四號載人飛船返回艙在東風著陸場成功著陸,

三名航天員安全返回。如題圖為質量為m的神舟十四號飛船成功對接于空間站畫面，此時飛

船與空間站相對靜止，共同在距地面高為八處做勻速圓周運動，地球半徑為R,地球表面重

力加速度為g。忽略地球自轉，則下列關于神舟十四號飛船說法正確的是（）

A.周期為B.動能為

C.角速度為D.向心加速度為

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6.一根質量為m粗細可忽略長度為/的導體棒靜止在一個足夠

長的光滑絕緣半圓柱體頂踹體棒中通有垂直紙面向外大小為/的

電流，其截面如題圖，現讓導體棒由靜止滑下，一段時間后從

某一位置P離開半圓柱體。若給空間加入方向沿半圓柱截面半

徑指向圓心的磁場圖中未畫出，其它條件不變，則導體棒離

開半圓柱體的位置在P點的（）

A.同一位置B.右下方C,左上方D,無法確定

7.如題圖，在真空中存在一個電荷量為，I.I」，電性未知的場源點電荷，在坐標系中

有a、b、c、d四點，其坐標分別為I、一、、I,其電勢關系為

,..",電子在a點的電勢能比在C點電勢能低，靜電力常量為

無窮遠處為零勢能面。下列說法正確的是（）

.y∕cm

c?----,,a

-----：-------------2------->x∕cm

O：

-二d

A.場源點電荷可能帶正電，也可能帶負電

B.b點的電場強度大小滿足嚼隨！跋魁嚼蒯

C.場源電荷的位置坐標為

D,使電子由a移動到d電場力做正功

8.如圖甲所示是生活中某品牌電子秤，其內部核心原件是兩極板間可視為真空的電容器,

電路結構如圖乙。稱重結束后斷開開關，兩極板間電場強度只與以下哪些因素有關（）

rτκιxκ.

甲乙

A.極板間距B.極板所帶電荷量C.極板面積D.電容大小

9.如題圖甲，轆護是古代民間提水設施，由轆輪頭、支架、井繩、水斗等部分構成。如題

圖乙為提水設施工作原理筒化圖，某次需從井中汲取的水，轆伊繞繩輪軸半徑為

',水斗的質量為，?，，并足夠深且井繩的質量忽略不計。?I時刻，輪軸由靜止

第3頁，共19頁

A.水斗速度隨時間變化規律為

B.井繩拉力瞬時功率隨時間變化規律為j

C.內水斗上升的高度為4m

D.，內井繩拉力所做的功為520/

10.如題圖，直角三角形A8C區域內有垂直紙面向里的勻強磁場圖中未畫出，AC邊長

為）1,,為,一群比荷為的帶負電粒子以相同速度從C點開始一定范圍垂直AC邊射入,

VJIft

射入的粒子恰好不從AB邊射出，已知從BC邊垂直射出的粒子在磁場中運動的時間為?，

在磁場中運動時間最長的粒子所用時間為.，則（）

磁感應強度大小為

A.,

IJ∕jt1

B.粒子運動的軌道半徑為`；

3

C.粒子射入磁場的速度大小為

D.粒子在磁場中掃過的面積為

11.某同學設計了如題圖甲所示的實驗裝置，測量滑塊與木板間的動摩擦因數。所選用的

實驗器材有傾角可調的斜面、長木板、滑塊、電磁打點計時器、頻率為50HZ的交流學生電

源。

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下列選項中是實驗中不必要操作的是。

A需要測量出滑塊的質量

8.需要測量出斜面的傾角

C.紙帶必須與長木板平行

。.先接通電源再釋放滑塊

E?墊高長木板一端補償滑塊與長木板間的摩擦力

J某次實驗時，調節斜面傾角?。接通電源，開啟打點計時器，釋放滑塊由靜止沿斜

面下滑，多次重復實驗選擇一條點跡清晰的紙帶，如題11圖乙所示人、B、C、D、E、F、G

為相鄰計數點，相鄰兩計數點之間還有4個點未畫出。則滑塊下滑的加速度為,

滑塊與木板間的摩擦因數為。軸耐京巡罌取I，:結果均保留兩位有效數字

12.手持式紅外測溫儀的核心原件是光電探測器。利用光電探測器將聚焦的紅外輻射能量

轉變為相應的電信號，便能準確地測定物體的表面溫度。

:研究小組了解了手持式紅外測溫儀的工作原理后，嘗試探究光電探測器電學性能。為了準

確測量電阻，除光電探測器外，老師為該小組準備了以下實驗器材：

A電動勢為31/的電源，內阻為二，；

B.量程為3\/的電壓表，內阻約為「，；

C.量程為15?∕的電壓表，內阻約為

。.量程為30mA的電流表，內阻約為'；

E量程為，「的電流表，內阻約為，「；

F.燒杯、溫度計、鐵架臺、簡易加熱器；

G.開關、導線若干。

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該研究小組設計了如題圖甲所示的實驗電路，請用筆畫線代替導線，完成題乙圖實物電路連

接。電流表應選用填器材前的選項字母。

「組裝完實驗儀器后，改變溫度并測量出不同溫度下光電探測器兩端的電壓、電流數據，并

計算出電阻，得出的5組數據如題表所示，請在題圖丙中作出‘，，圖線

R。

,光電探測器

~~□=)-

T

,做完實驗同學們發現實驗室有一臺精度更高的數字型電壓表，隨即又改進了實驗，設計了

如題圖丁所示電路，將滑動變阻器換成了阻值為。卜一的定值電阻，仍采用中電源。

按照此設計可知溫度越高電壓表示數填“越大”或“越小”，閉合開關，發現電

壓表的示數為，，二丁，則光電探測器的所測的溫度為＜。

13.如題圖，“云霄彈射”是游樂場新型體驗設施，可以

讓游客感受“高空彈射”的快感以及“瞬間失重”的刺激。

某次運行時承載機和游客的總質量＞＞!W“?，4s內由靜

止狀態被豎直彈射到，.高處，然后立刻自由下落2s,L

再以恒力制動回到出發點。不計-切阻力，當地的重力加速度器*3B?*

Jl"'■'O求：

上升過程中彈射系統的平均功率；

下落過程中制動恒力的大小及其沖量0

14.如題圖甲為密立根油滴實驗的原理圖，用噴霧器把許多油滴從上板中間的小孔噴入電

場。某次實驗過程可以簡化為題圖乙，其中A、B為水平正對放置的平行金屬板，兩金屬板

間加電壓，’，板間距d,經觀察發現一帶電油滴P在兩金屬板之間保持靜止。若突然

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撤去兩金屬板間的電壓，且兩極板所帶電量立即消失，經過一小段時間油滴達到最大速率后

再勻速下降時間t到達B板，油滴P從靜止出發點到B板的位移為L0設油滴在運動過程中

質量和電荷量均保持不變，若油滴質量按正比于最大速率的二次方近似處理，比例系數為

；空氣阻力與速度大小成正比，比例系數為；。重力加速度為g,不計油滴間的作用力。

求：

油滴P運動過程中的最大速率；

二油滴P所帶電荷量；

.油滴P從靜止到剛到達最大速率過程中重力勢能的變化量。

___________________噴霧器

15.如題圖，在區域I內有方向未知電場強度為E的勻強電場，在區域Il內有右邊無邊界豎

直向下的勻強電場，電場強度同為E。在區域I、Il邊界AB與CD之間有一圓心為一半徑

h.的圓形區域，該區域內有垂直紙面向里磁感應強度。匕的勻強磁場，且該圓形

區域無重力。兩個體積相同可視為質點的金屬小球a、b分別位于。Λ/和CD上，a、b與圓

心等高，且b球所在位置是CD與圓形磁場的切點。現將a球以一定速度釋放，能平行

于OM勻速運動，一段時間后a球與b球發生彈性碰撞，碰撞后兩小球均分電荷，忽略兩小

球間的庫侖力。已知a小球質量酶曰噌建瞳陶,電荷量蒯曰碉!翻嘴；b小球質量

金金將翻蹲哽，不帶電：OB長...:除圓形區域外的其他區域重力加速度均為

Hi,"■",■■取,；…求：

區域I內電場強度大小和方向以及釋放速度；

「小球a從出發到與小球b發生碰撞所經歷的時間保留兩位小數：

,小球a、b碰撞后在CD與CM圍成的區域Il內相距的最大距離。

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答案和解析

L【答案】C

【解析】解：：用時為t,可知t指的是人從人走到8點的時間間隔，不是時刻，故A錯誤；

B.位移大小指始位置指向末位置的有向線段的長度，則老人的位移為A8連線的長度，即位移大

小為2R,故8錯誤；

C.老人的位移為門,,則由平均速度公式可得，老人的平均速度為,^ii,故C正確;

tt

D、老人經過的路程昨細嚼日遜故平均速率,；L故D錯誤。

故選：Co

位移的大小等于由初位置指向末位置的有向線段的長度.路程等于運動軌跡的長度；平均速度是

位移與時間的比值。

解決本題的關鍵知道位移的大小等于由初位置指向末位置的有向線段的長度，路程等于運動軌跡

的長度。

2.【答案】B

【解析】解：,.根據圖像乙可知，質點P在時刻沿y軸正方向振動，由圖像甲根據“同側

法”，可知該波沿X軸負方向傳播知，故A錯誤；

8.根據圖像可知''''、5,、故8正確；

Itl2-1∣?1

C.由圖像乙可知超聲波的周期為/H.'，1(1-)則該超聲波的頻率

國目g目豳笛隱瞰融,依C錯誤；

。.增大該超聲波的頻率，僅僅減小超聲波傳播的周期，對振超聲波的振幅并不會發生明顯影響，

故。錯誤。

故選：B。

振動圖像和波動圖像的物理意義，從圖像中獲取相關物理量進行計算。

本題考查振動圖像和波動圖像，要求掌握振動圖像和波動圖像的物理意義。

3.【答案】A

【解析】解：在斜面上對球分析有豳匕匕整嘲，即球1在斜面上做勻加速直線運動,

速度均勻增加，到達水平面后做勻速運動，令其在水平面上的速度為，則碰撞過程有

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解得，，可知速度發生交換，之后球2與墻碰撞反彈，有機械能損失，即速度小于

,之后球2與球1碰撞速度繼續交換，球1向左運動的速度比先前小一些。可知，小球1先

向右做勻加速直線運動，后向右做勻速直線運動，碰撞后靜止，之后反彈，在水平面上做勻速直

線運動，沖上斜面后做勻減速直線運動，并且加速度與1球在斜面上滑下時的加速度相同，故A

正確，BCO錯誤。

故選：A。

分析1球的受力和運動情況，確定碰撞前1球的運動圖像，再根據動量守恒定律和機械能守恒定

律明確兩小球相碰后速度交換；再對2球分析，由題意可知，2球碰撞后存在機械能損失，球2

的速度減小，返加后與球1碰后再次交換速度，從而確定球1的運動圖象。

本題考查動量守恒定律的應用以及對運動學圖象的掌握，要注意明確兩個相同的小球發生彈性碰

撞時會交換速度。

4.【答案】4

【解析】解：每根鋼繩的受力大小為F,一端分別固定在圓柱上端圓面邊緣的四個等分點處，故

根據幾何關系可知融兩堿瓶IE痛?

解得i故A正確，8CD錯誤。

6-

故選：Ao

根據受力平衡和幾何關系，求每根鋼繩的受力大小。

本題考查受力平衡問題的研究，只需根據具體的幾何關系和平衡條件，列出平衡等式。

5.【答案】D

飛船做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力∕?'?''''

H1/1)

(K+ΛΓ2(A+Λ)K+h

聯立解得空間站的周期,1

空間站的向心加速度豳故A錯誤，。正確;

根據動能的定義L

聯立解得矗國故B錯誤:

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C.角速度為"2--.,,,,",',故C錯誤。

2-1/>'.'??Ii■I'∕ι'?'Λ/.+∣?

故選：Do

I；在地球表面，忽略地球自轉，萬有引力等于重力；飛船做勻速圓周運動，萬有引力提供向心

力，聯立可求周期和向心加速度；

B.根據周期與線速度的關系求線速度，再結合動能的定義求動能；

C.根據周期和角速度的關系求角速度；

。.根據向心加速度公式求解。

本題考查了空間站線速度、角速度、周期、向心加速度與軌道半徑的關系；要抓住空間站所受萬

有引力完全提供向心這一關鍵。

6.【答案】C

【解析】解：對導體棒受力分析如圖所示

若給空間加入方向沿半圓柱截面半徑指向圓心的磁場，導體棒受到一個垂直于半徑方向的安培力,

在導體棒運動的過程中，重力和安培力做正功，由動能定理可知，若導體棒能到達位置P,導體

棒的速度大于原來沒有磁場時的速度，故導體棒提前離開半圓柱體。

故八8。錯誤，C正確；

故選：Co

根據牛頓第二定律提供向心力分析導體棒在P點的受力情況，根據左手定則分析安培力，根據動

能定理分析導體棒離開半圓柱體的位置。

本題考查動能定理，牛頓第二定律和安培力的綜合應用，解題關鍵掌握導體棒離開圓柱體的臨界

條件。

7.【答案】B

【解析】解：；由于,.小且無窮遠處為零勢能面，可知場源點電荷一定為正點電荷，

故A錯誤；

Λ.由于.,,根據點電荷電勢分布特點可知，a、b與點電荷距離相等，c、d

與點電荷距離相等，故點電荷一定位于第一象限或第三象限的角平分線上；由于電子在a點的電

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勢能小于C點電勢能，故a點電勢高于C點電勢，故點電荷與a點距離小于點電荷與c點距離;

可知場源電荷的位置坐標不可能為：,場源電荷的位置坐標沒有唯一性,當場源電荷位于a、

b連線中點時，b點的電場強度最大，則b點的電場強度大小滿足J?鷹

故B正確，C錯誤；

。.由于電子在a點的電勢能小于在C點電勢能，可知a點電勢高于C點的電勢，使電子由a移動

到d電場力為癩&w??噬蒯

故電子由a移動到d電場力做負功，故。錯誤。

故選：B。

根據點電荷電勢分布特點可知得出點電荷的大致位置以及電性；根據a和C電勢能的大小得出兩

點的電勢高低，以及得出a和d電勢的大小關系，進而得出電子由a移動到d電場力做功的大小

常見電場的電場線分布及等勢面的分布要求我們能熟練掌握，并要注意沿電場線的方向電勢是降

低的，同時注意等量異號電荷形成電場的對稱性。加強基礎知識的學習，掌握住電場線的特點，

即可解決本題。

8.【答案】BC

【解析】解：由電容器的定義式有：，

根據電容器的決定式有：，

?'，

可3|春簪

稱重結束后斷開開關，兩極板間電場強度只與極板所帶電荷量、極板面積有關。

故AD錯誤，BC正確;

故選：BCo

根據電容的決定式分與電容的定義式分析結合電場強度與電勢差的關系可分析場強的決定因素。

本題是電容器的動態分析問題，往往根據電容的定義式和電容的決定式結合分析，再抓住不變量

進行研究即可。

9.【答案】AD

【解析】解：：根據圖像可知，水斗的角速度：-

水斗速度物0蠲0?ιi球M?gg颶嬲,故A正確：

8.井繩拉力瞬時功率為廠JI..

又由于鬻日艇牽日φ??^???

結合，可得水斗上升的加速度：“I-

第11頁，共19頁

聯立可得：r.l,故8錯誤；

C.，,內水斗上升的高度為施昌副^蜀加昌酶“故C錯誤；

。.根據上述ij

，內井繩拉力所做的功為期昌豳宣J翻誓戰%國故D正確。

故選：AD.

根據圖象寫出圓筒的角速度與時間的關系式，再由求出物體速度隨時間變化的關系

式，求出加速度，再根據牛頓第二定律求出細線的拉力，根據「/，求解細線拉力的瞬時功率,

根據速度表達式求出45末物體的速度，從而由動能定理解得拉力做的功。

本題的關鍵要抓住圓筒邊緣線速度與小物體運動的速度大小相等，根據物體速度表達式來求物體

的加速度。

10.【答案】ACD

【解析】解八、帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，垂直BC邊射出的粒子在磁場中運動軌跡為

圓周，運動時間是,周期。

由洛倫茲力提供向心力得：”.，，，周期潺I■管",含

可得：#■詈麻

8、設運動時間最長的粒子在磁場中的運動軌跡所對的圓心角為，則有:

,解得啰目患國畫P

畫出該粒子的運動軌跡如下圖所示，其軌跡與AB邊相切。

可得"，故8錯誤；

I

C、粒子射入磁場的速度大小為：圖昌故C正確；

。、射入的粒子恰好不從AB邊射出，粒子在磁場中掃過的面積為圖中陰影部分

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3

IS尸-/.'∕l>l.-lflU'?,故D正確。

449

故選：ACD.

垂直BC邊射出的粒子在磁場中運動軌跡為圓周，運動時間是周期運動時間最長的粒子在磁

場中的運動軌跡與AB邊相切；粒子在磁場中掃過的面積可將軌跡平移判斷掃過區域的幾何形狀;

由洛倫茲力提供向心力，結合周期、幾何關系解答。

本題考查了帶電粒子在勻強磁場中僅受洛倫茲力做勻速圓周運動的相關問題，基礎題。解題首要

能正確畫出運動軌跡圖，得到需要的幾何量，由洛倫茲力提供向心力，應用牛頓第二定律結合幾

何關系，逐步推導即可。

IL［答案］

【解析】解：設滑塊的質量為m,斜面傾角為',根據牛頓第二定律可得

解得

磁磁@

般目遵^=遍蹴’

為了測量滑塊與木板間的動摩擦因數，需要測量斜面的傾角，以及滑塊的加速度；為了減小誤差,

紙帶必須與長木板平行，應先接通電源再釋放滑塊，不需要平衡摩擦力。故不必要的操作是AE。

故選：AE.

相鄰兩計數點之間還有4個點未畫出，可知相鄰計數點的時間間隔為

雷昌攙然腮做目翟油

根據逐差法，可得滑塊下滑的加速度為

?w;JCU)16?77367036,70>15,50)x10*,_.

a----------------------------------------------------------------------τn?'0.!Hhπs

97-9X0.1-

滑塊與木板間的摩擦因數為

TlIHa0.60.99

it=八=…?0.63

rosQgccκ%θU.SIU×D.8

故答案為：111;-Lr

根據牛頓第二定律推導動摩擦因數表達式分析判斷：

.■根據逐差法計算滑塊的加速度，根據動摩擦因數表達式計算動摩擦因數。

本題考查測動摩擦因數，要求掌握實驗原理、實驗裝置、實驗步驟和數據處理。

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【解析】解根據實驗電路圖，電流表采用內接法，滑動變阻器采用分壓式接法，用筆畫線代

替導線，完成題乙圖實物電路連接如圖所示：

由實物圖可知，電壓表選擇的量程為，且結合問題表格中數據可知，流經電流表的最

大電流值不超過30mA,因此電流表應選擇量程為30mA的電流表0；

根據表格中提供的數據，描點連線，在題圖丙中作出：，圖線如圖所示:

，圖像的縱坐標表示光電探測器的電阻，根據一問中作出的，圖線可知，光電探測器

溫度越高，光電探測器的電阻越小，根據串聯電路電壓的分配原則，光電探測器的電阻越小，定

值電阻兩端電壓越大，電壓表的示數越大;

閉合開關，發現電壓表的示數為，1i則電路中的電流大小為f∣

根據閉合電路歐姆定律,有'個"。

代入數據聯立解得光電探測器的阻值為Λ1--

第14頁，共19頁

結合f，圖線可得所測的溫度為一，I。

故答案為：連接的電路圖見解析；。；一作出的:，圖線見解析；，越大；20。

f

根據電路圖，電流表采用內接法，滑動變阻器采用分壓式接法，再按照電路圖連接實物圖結

合問題一表格中數據，選擇電流表。

.■采用描點法，作:，圖線；

.，圖像的縱坐標，表示光電探測器的電阻，根據「問中作出的‘，，圖線，溫度越高，光

電探測器的電阻越小，根據串聯電路電壓的分配原則，電壓表的示數變大；根據閉合電路的歐姆

定律求光電探測器的電阻，再結合:，圖線求溫度。

本題考查了實驗電路圖的連接、描點法作圖和用光電探測器測溫度；本題的關鍵是明確:，圖

像的縱坐標表示物理意義，進而確定光電探測器電阻與溫度的關系。

13.【答案】解：根據動能定理有NV.lIl

It

解得密■即螭1≡騰蜀W≡燧噩

根據"

?0

代入數據解得/，?r..II,'U

，，自由落體階段有

解得剛要減速時速度尊西藕幽尊瞰曰?^

自由下落高度

則減速階段的位移為^I≡豳>≡圈S3您

減速階段根據牛頓第二定律有/"■.；

根據位移關于速度的關系式二I.

代入數據解得/-I-I-V

根據瓣曰圖諼曰?≡w

代入數據解得3..

根據j/Δ,

代入數據解得j?i.∣N,.?>

方向豎直向上

第15頁，共19頁

答：，上升過程中彈射系統的平均功率為I-,.WH;

下落過程中制動恒力的大小為I:1：\,其沖量為，,∣√?方向豎直向上。

【解析】根據動能定理求出做功，進而求出功率；

J先求出剛要減速時的速度，以及下落的高度,再根據減速階段的運動公式求出制動恒力的大小,

根據動量定理求出沖量的大小。

本題考查功率、動能定理及動量定理等概念，運用動能定理時要分析清楚運動過程中的受力情況

和做功情況。

14.【答案】解：設油滴的質量為m,撤去電壓后達到的最大速率為

由題意有：…；」,

勻速下降時，根據平衡條件得：,■

聯立解得：，“，”

g火I

:未撤電壓時油滴保持靜止狀態，則有：

聯立解得:2矗

,設勻速過程中下落的高度為h,則有:

則所求重力勢能的變化量：Χ…,

答：油滴P運動過程中的最大速率為‘；

-油滴P所帶電荷量為‘：；

?油滴P從靜止到剛到達最大速率過程中重力勢能的變化量為國。

【解析】油滴勻速下降時受力平衡，根據平衡條件，結合題目已知條件求解；

-■未撤電壓時油滴保持靜止狀態，根據平衡條件，結合題目已知條件求解；

,先求出勻速過程中下落的高度，從而得到加速過程下落的高度，由A/s?V求解重力勢

能變化量，注意正負。

本題考查了帶電粒子在電場中運動的受力分析問題，考查力與運動邏輯能力。掌握電場強度與電

勢差的關系，求解物理量的變化量時，要注意正負。

第16頁，共19頁

15.【答案】解小球a釋放后沿直線水平向右勻速運動，可知電場力與重力等大反向，小球a

帶正電，可得電場的方向豎直向上，根據二力平衡得：

f∣l,ΓHl.,9

解得：/?」，?,，其方向豎直向上。

a進入磁場先做逆時針的勻速圓周運動，要使a與b能發生碰撞，其軌跡如下圖中紅色虛線所示,

先在磁場中偏轉了，，在一正上方離開磁場后做豎直上拋運動，再次進入磁場，根據對稱性能

易知a在磁場的運動半徑等于圓心磁場區域的半徑瞬國版幽圖幽觸，根據洛倫茲力提供向心力

得：

解得釋放速度大小為：；?，方向水平向右。

2在磁場中的運動周期為/^

V

根據分析的運動過程知，a經歷三段時間撞上b,設在區域I運動的時間為?，在磁場中運動的

總時間為?