安徽省巢湖市匯文學校2023-2024學年物理高二上期末經典模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，A、B、C是一條電場線上的三個點，電場線的方向由A指向C，A、B之間的距離等于B、C之間的距離．A、B、C三點的電場強度的大小和電勢分別用EA、EB、EC和φA、φB、φC表示，則（）A.EA=EB=EC B.EA＞EB＞ECC.φA＞φB＞φC D.φA-φB=φB-φC2、如圖中半徑為的金屬圓盤在垂直于盤面的勻強磁場中,繞軸以角速度沿逆時針方向勻速轉動,則通過電阻的電流的方向和大小是(金屬圓盤的電阻不計)()A.由到,B.由到,C.由到,D.由到,3、如圖所示，空間存在方向垂直紙面的勻強磁場，一粒子發射源P位于足夠大絕緣平板MN的上方距離為d處，在紙面內向各個方向發射速率均為v的同種帶電粒子，不考慮粒子間的相互作用和粒子重力，已知粒子做圓周運動的半徑大小也為d，則粒子A.能打在板上的區域長度為2d B.能打在板上離P點的最遠距離為dC.到達板上的最長時間為 D.到達板上的最短時間為4、硅光電池是一種太陽能電池，具有低碳環保的優點．如圖所示，圖線a是該電池在某光照強度下路端電壓U和電流I的關系圖象(電池內阻不是常數)，圖線b是某電阻R的U-I圖象．當它們組成閉合回路時，硅光電池的內阻可表示為()A. B.C. D.5、如圖所示，在互相垂直的勻強電場和勻強磁場中，電荷量為q的液滴在豎直面內做半徑為R的勻速圓周運動，已知電場強度為E，磁感應強度為B，則油滴的質量和環繞速度分別為（）A.， B.，C， D.，6、如圖，當左邊線圈通以逆時針電流I時，天平恰好平衡，此時天平右邊的砝碼質量為m，若改為順時針方向的電流且大小不變，則需在天平右邊增加△m的砝碼，通電線圈受到磁場力大小為：A. B.(m+△m)gC.△mg D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一個面積S＝4×10－2m2、匝數n＝100的線圈放在勻強磁場中，磁場方向垂直于線圈平面，磁感應強度B隨時間t變化的規律如圖所示，則下列判斷正確的是A.0～2s內穿過線圈的磁通量變化率等于－0.08Wb/sB.0～2s內穿過線圈的磁通量的變化量等于零C.0～2s內線圈中產生的感應電動勢等于8VD.在第3s末線圈中的感應電動勢等于零8、如圖是研究平行板電容器電容大小的因素的實驗裝置，在整個實驗過程中，如果保持電容器的帶電荷量Q不變，下面的操作中將使靜電計指針張角變大的是（）A.僅將M板水平向左平移遠離N板B.在M、N之間插入玻璃板C將M板向下平移D.在M、N之間緊靠M插入有一定厚度的金屬板9、如圖所示，電動勢為E、內阻為r的電池與定值電阻R0、滑動變阻器R串聯，已知，滑動變阻器的最大阻值為2r．當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動時，下列說法中正確的是（）A.電路中的電流變大B.電源的輸出功率先變大后變小C.滑動變阻器消耗的功率變小D.定值電阻R0上消耗的功率先變大后變小10、下列現象屬電磁驅動的是A.磁電式儀表線圈的骨架用鋁框來做B.微安表的表頭在運輸時要把兩接線柱短接C.自制金屬地雷探測器D.當圖中B變大時，ab在固定光滑導軌上滑動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，平行金屬導軌與水平面成傾角θ，勻強磁場垂直導軌平面向上，一根通有恒定電流的導體棒ab垂直導軌放置，并與導軌保持良好接觸，導體棒與導軌之間的動摩擦因數為μ。剛開始導體棒靜止在導軌上，當磁感應強度減小為B1時，導體棒恰好不下滑。求:（1）試說明導體棒ab中電流的方向；（2）當磁感應強度多少時，導體棒恰好不上滑？12．（12分）使用中值電阻為25Ω（×1檔）的多用電表測量一個定值電阻R（阻值約為300Ω）,在下列各項操作中選出盡可能準確地測量電阻值、并符合多用電表使用規則的操作：A.轉動選擇開關使其尖端對準“×1k”檔B.轉動選擇開關使其尖端對準“×100”檔C.轉動選擇開關使其尖端對準“×10”檔D.轉動選擇開關使其尖端對準“×1”檔E.轉動選擇開關使其尖端對準“OFF”檔F.將兩表筆分別接觸R兩端，讀出R阻值后，隨即斷開G.將兩表筆短接，調整歐姆調零旋鈕，使指針指到0歐姆位置所選操作的合理順序為：____________________________________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】順著電場線方向，電勢必定降低．根據電場線疏密判斷電場強度的大小，電場線越密電場強度越大．勻強電場中沿電場線方向相等的距離，電勢差相等【詳解】順著電場線方向，電勢必定降低，則有φA＞φB＞φC．故C正確．一條電場線無法確定電場線疏密情況，所以無法比較三點場強的大小．故AB錯誤．若是勻強電場，φA-φB=φB-φC．若是非勻強電場，無法比較φA-φB與φB-φC的大小．故D錯誤．故選C【點睛】本題考查對電場線兩個意義的理解：根據電場線的方向，可判斷電勢的高低，根據電場線的疏密可判斷場強的大小．一條電場線不能比較場強的大小2、D【解析】金屬圓盤在勻強磁場中勻速轉動，可以等效為無數根長為r的導體棒繞O點做勻速圓周運動，其產生的感應電動勢大小為E＝Br2ω/2，由右手定則可知其方向由外指向圓心，故通過電阻R的電流I＝Br2ω/(2R)，方向由d到c，故選D項3、C【解析】A．打在極板上粒子軌跡的臨界狀態如圖所示，根據幾何關系知，帶電粒子能到達板上的長度故A錯誤；B．由圖可以看到打在板上最遠點是右邊，由幾何關系它與P點的距離是2d，故B錯誤；C．在磁場中運動時間最長和最短粒子運動軌跡示意圖如圖所示，由幾何關系知，最長時間最短時間又有粒子在磁場中運動的周期根據題意故C正確，D錯誤。故選C。4、B【解析】A．由閉合電路的歐姆定律得U＝E－Ir，由于硅光電池內阻r不是常數，所以的大小不等于r，即a圖線切線的斜率大小不等于內阻，故≠r，故A不符合題意；B．由U＝E－Ir，當I＝0時，E＝U，由a與縱軸的交點讀出電動勢為E＝U2；根據題圖中兩圖線交點處的狀態可知，電阻的電壓為U1，則此時硅光電池的內阻：r＝＝，故B符合題意；C．電阻R為線性元件，＝R，故C不符合題意；D．由題圖中幾何關系可知：，故D不符合題意。故選B。5、D【解析】液滴在重力、電場力和洛侖茲力下做勻速圓周運動，可知液滴受到的重力和電場力是一對平衡力，重力豎直向下，所以電場力豎直向上，與電場方向相同mg=qE解得m=；液滴在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，則有解得，故選D。6、A【解析】因線圈通電導致線圈下框受力正好與砝碼平衡,當改變電流方向時,磁場力大小不變,方向改變,從而增加砝碼后,再次平衡,則可求出磁場力大小【詳解】線圈通以逆時針電流時，下框受到安培力向上，大小為；當通以順時針電流時，下框受到安培力向下，大小仍為，而天平右邊需要增加砝碼才能再次平衡．則有即故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A．線圈磁通量的變化率：＝其中磁感應強度變化率即為B-t圖像的斜率，由題圖知0～2s內＝－2T/s所以：==－2×4×10－2Wb/s＝－0.08Wb/s故A正確；B．在0～2s內線圈磁感應強度B由2T減到0，又從0向相反方向增加到2T，所以這2s內的磁通量的變化量：故B錯誤；C．0～2s內線圈中產生的感應電動勢：E＝n＝100×0.08V＝8V故C正確；D．第3s末線圈中的感應電動勢等于2～4s內的平均感應電動勢：E′＝n＝nS＝100×2×4×10－2V＝8V故D錯誤8、AC【解析】由題意，電容器所帶電量Q保持不變，靜電計指針張角變大，板間電勢差U變大，由C=Q/U分析電容C如何變化，根據進行分析【詳解】由題意，電容器所帶電量Q保持不變，靜電計指針張角變大，板間電勢差U變大，由C=Q/U分析可知，電容C應變小，根據分析可知，應減小正對面積，增大板間距離、或減小電介質；僅將M板水平向左平移遠離N板，增大間距，導致電容C變小，故A正確；在M、N之間插入玻璃板，增大電介質，導致電容C變大，故B錯誤；將M板向下平移，則減小正對面積，導致電容C變小，故C正確；將M、N之間緊靠M插入有一定厚度的金屬板，相當于減小d，則電容C增大，故D錯誤．故選AC.【點睛】本題考查電容器的動態分析問題，對于電容器的動態變化問題，關鍵要抓住不變量，根據電容的定義式和決定式進行分析9、AC【解析】A．當滑動變阻器滑片P由a端向b端滑動時，電路中的總電阻變小，電動勢和內電阻不變，可知電路總電流變大，故A正確，符合題意；B．當外電阻等于內電阻時，電源的輸出功率最大，由題意可知，，當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動時，外電路電阻從3r減小到r，由于整個過程中，外電阻一直大于電源內阻，隨外電阻阻值的減小，電源的輸出功率不斷增大，故B錯誤，不符合題意；C．把R0與電源組成整體看做等效電源，電源內電阻變為2r，滑動變阻器消耗的功率可看成電源的輸出功率，隨著外電阻從2r減到0的過程中，輸出功率減小，故C正確，符合題意；D．當滑動變阻器滑片P由a端向b端滑動時，電路中總電阻變小，電動勢和內電阻不變，可知電路總電流變大，根據，R0不變，定值電阻R0上消耗的功率變大．故D錯誤，不符合題意【點睛】分析滑動變阻器的功率如何變化是本題的關鍵，把把定值電阻R0和電源看成一個整體，此時電源的輸出功率即為滑動變阻器消耗的功率10、AD【解析】A．鋁是導體，儀表指針偏轉時鋁框隨之轉動，并切割磁感線產生感應電流，感應電流又會受到安培阻力，阻礙線圈的轉動，故A正確；

B．連接后由于電磁效應動圈阻尼變得極大，運輸時線圈不再容易擺動，可以防止指針打壞，故B錯誤；

C．金屬探測器由高頻振蕩器、振蕩檢測器、音頻振蕩器和功率放大器等組成，而非電磁驅動，故C錯誤；

D．當圖中B變大時，回路中產生電流，又產生安培力，故屬于電磁驅動，故D正確；

故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）從a到b；（2）。【解析】（1）當磁場增大時，導體棒會上滑，即導體棒受到的安培力沿導軌平面向上，所以導體棒中電流方向為從a到b；（2）設棒中電流為I，導軌間距為L當磁感應強度為B1時，導體棒恰好不下滑，有：B1IL=mg(sinθ-μcosθ)當磁感應強度為B2時，導體棒恰好不上滑，有：B2IL=mg(sinθ+μcosθ)解得：12、CGFE【解析】在使用歐姆檔測量電阻時，應使指針只在中間刻度時誤差最小，所以根據電阻約為300歐姆，選擇×10檔，在測量之前要先調零，讀完數后，轉動選擇開關使其尖端對準“OFF”檔，所以合理順序為CGFE【點睛】難度較小，根據帶測電阻選擇合適的檔位，每