2024屆湖南省漣源一中物理高二上期中統考試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，勻強磁場的磁感應強度為B，通電直導線與磁場方向垂直，導線長度為L，導線中電流為I．該導線所受安培力F的大小是（）A．F=B．F=C．F=BILD．F=2、三個阻值相同的電阻R，額定功率均為10W．接入如圖電路，改變電壓U，使各電阻實際功率均不超過額定功率，則三電阻最大總功率為（）A．30W B．20W C．15W D．10W3、如圖所示為某中國運動員在短道速滑比賽中勇奪金牌的精彩瞬間．假定此時他正沿圓弧形彎道勻速率滑行，則他()A．所受的合力為零，做勻速運動 B．所受的合力變化，做變加速運動C．所受的合力恒定，做變加速運動 D．所受的合力恒定，做勻加速運動4、在真空中有兩個點電荷，二者的距離保持一定。若把它們各自的電量都增加為原來的3倍，則兩電荷的庫倉力大小將變為原來的()A．3倍B．6倍C．9倍D．不變5、如圖所示，表示甲．乙兩運動物體相對同一原點的位移﹣時間圖象，下列說法正確的是（）A．甲和乙都做勻變速直線運動B．甲和乙運動的出發點相距x0C．乙運動的速率小于甲運動的速率D．乙比甲早出發t1時間6、水平拋出一個物體，經時間t后物體速度方向與水平方向夾角為θ，重力加速度為g,則平拋物體的初速度為（）A．gtsinθ B．gtcosθ C．gttanθ D．gtcotθ二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,在場強大小為E的勻強電場中,一根不可伸長的絕緣細線一端拴一個質量為m、電荷量為q的帶負電小球,另一端固定在O點。把小球拉到使細線水平的位置A,然后將小球由靜止釋放,小球沿弧線運動到細線與水平成θ=60°的位置B時速度為零，A．小球重力與電場力的關系是mg=B．小球重力與電場力的關系是mg=C．小球在A點和B點的加速度大小相等D．小球在B點時,細線拉力為2Eq8、如圖所示的電路中，AB兩端的電壓U恒為14V，燈泡L標有“6V、12W”字樣，電動機線圈的電阻．若燈泡恰能正常發光，且電機能正常運轉，則以下說法中正確的是（）A．電動機的輸出功率是14WB．電動機的輸入功率是16WC．電動機的熱功率是1.0WD．整個電路消耗的電功率是30W9、如圖所示，單匝線圈ABCD邊長為L，粗細均勻且每邊電阻均為R，在外力作用下以速度v向右勻速全部進入場強為B的勻強磁場，線圈平面垂直于磁場方向，且。以下說法正確的是（）A．當CD邊剛進入磁場時，CD兩點間電勢差為BLvB．若第二次以速度2v勻速全部進入同一磁場，則通過線圈某一橫截面電量是第一次的2倍C．若第二次以速度2v勻速全部進入同一磁場，則外力做功的功率為第一次的4倍D．若第二次以速度2v勻速全部進入同一磁場，則線圈中產生的熱量是第一次的2倍10、如圖所示，E為電源電動勢，r為電源內阻，R1為定值電阻（R1＞r），R2為可變電阻，以下說法中正確的是（）A．當R2=R1+r時，R2上獲得最大功率B．當R1=R2+r時，R1上獲得最大功率C．當R2=0時，電源的效率最大D．當R2=0時，電源的輸出功率最大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學利用圖示裝置探究一個小物體自由下落過程中機械能是否守恒，圖中、兩位置分別固定了兩個光電門．實驗測得小物體上寬度為的擋光片通過的擋光時間為，通過的擋光時間為，重力加速度為，、兩位置間的距離為．（1）小物體經過、光電門時的速度分別為________，________．（2）若________，則小物體自由下落運動過程中的機械能守恒．12．（12分）某同學欲將一阻值為27Ω的電阻R與一微安表（量程為250）連接而改裝為大量程的毫安表，因不知改裝后的毫安表的量程，他利用一標準毫安表，根據圖甲所示電路對改裝后的電表進行檢測（虛線框內是改裝后的電表）．（1）根據圖甲和題中所給條件，完成圖乙中的實物連接________．（2）閉合開關S，當標準毫安表的示數為6.48mA時，微安表的指針位置如圖丙所示，請回答下列問題：①圖丙中該微安表的示數為________．②可以推測出改裝后的毫安表的量程為____________（填正確答案標號）．A．12mAB．9mAC．8mAD．6mA③可以推測出該微安表的內阻為__________Ω．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）空間有一靜電場，在x軸上的電場方向豎直向下，軸上的電場強度大小按E＝kx分布（x是軸上某點到O點的距離），如圖所示。在O點正下方有一長為L的絕緣細線連接A、B兩個均帶負電的小球（可視為質點），A球距O點的距離為L，兩球恰好靜止，細繩處于張緊狀態。已知A、B兩球質量均為m,B所帶電量為-q，k，不計兩小球之間的靜電力作用。（1）求A球的帶電量；（2）畫出A球所受電場力F與x的圖像；剪斷細線后，A球向上運動，求A球運動的最大速度vm；（提示：借助F-x圖像可以確定電場力做功的規律）（3）剪斷細線后，求B球的運動范圍。14．（16分）如圖所示，在豎直平面內有一半徑為R的圓弧軌道，半徑OA水平、OB豎直，一個質量為m的小球自A的正上方P點由靜止開始自由下落，小球沿軌道到達最高點B時恰好對軌道沒有壓力已知AP＝2R，重力加速度為g，求：（1）小球到達最高點B時的速度v；（2）小球從P到B的運動過程中克服摩擦力做的功。15．（12分）如圖所示，電源的電動勢E＝24V，內阻，電阻，M為直流電動機，其電阻，電動機正常工作時，其兩端所接電壓表讀數為，求電動機輸出的機械功率。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

由圖可知電流與磁場方向垂直，因此直接根據安培力的大小為：F=BIL，故ABD錯誤，C正確．2、C【解題分析】

當兩電阻并聯后與第三個電阻串聯，假設額定電流為I，則電路中的電流最大值為I，根據功率公式有：P額=I2R=10W，根據串并聯電路的特點可知，通過兩并聯電阻的電流均為：，則AB間允許消耗的最大功率：，故C正確，ABD錯誤．3、B【解題分析】

勻速圓周運動過程中，線速度大小不變，方向改變，向心加速度大小不變，方向始終指向圓心，向心力大小不變，方向始終指向圓心。所以物體做變加速運動，故B正確，ACD錯誤。4、C【解題分析】由庫倫力的公式，當距離保持不變，把它們各自的電量都增加為原來的3倍時，，所以C正確，ABD錯誤．故選C．5、B【解題分析】

x-t圖象的斜率等于物體運動的速度，由圖可知兩圖象的斜率保持不變，故運動的速度不變，即兩物體都做勻速直線運動．故A錯誤；由圖可知乙從原點出發，甲從距原點x1處出發．故兩物體的出發點相距x1．故B正確；直線的斜率等于速度的大小，由圖可知，乙的速率大于甲的速率，故C錯誤；甲在t1=1時刻開始運動，而乙在t1時刻開始運動，故甲比乙早出發t1時間．故D錯誤．故選B．6、D【解題分析】

試題分析：平拋運動的物體水平方向速度永遠不變，豎直方向做自由落體運動，速度與水平方向夾角的正切值，，D選項正確．ABC錯誤。故選D。考點：平拋運動點評：該類型題目涉及到速度方向與水平方向夾角，平拋運動中還有一個夾角容易混淆，即位移方向與水平方向夾角，通過畫圖要求學生對這個兩個夾角能夠區分并靈活應用．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】

類比單擺，小球從A點靜止釋放，運動到B點速度為0，說明弧AB的中點是運動的最低點，對小球進行受力分析，小球處在弧線中點位置時切線方向合力為零，再根據幾何關系可以求出Eq，球到達B點時速度為零，向心力為零，則沿細線方向合力為零，此時對小球受力分析，再根據幾何關系即可解題。【題目詳解】A、B項：小球從A運動到B的過程中，根據動能定理得：mgLsinθ-qEL（1-cosθ）=0得qE:mg=sinθ:(1-cosθ)=3:1，則C項：在A點，小球所受的合力等于重力，加速度aA=mgm=g，在B點，合力沿切線方向Eqsin60°-mgcos60°=mg，加速度aB=gD項：小球到達B點時速度為零，向心力為零，則沿細線方向合力為零，此時對小球受力分析可知：T=qEcos60°+mgsin60°故細線拉力T=3mg，故故應選：BC。【題目點撥】本題關鍵是對小球受力分析，然后找出復合場的最低點位置，最后根據牛頓第二定律和平行四邊形定則列式分析計算。8、AB【解題分析】

ABC．電動機兩端的電壓UM=U-UL=14-6V=8V，整個電路中的電流所以電動機的輸入功率P入=UMI=8×2W=16W．電動機的發熱功率P熱=I2RM=22×0.5W=2W，則電動機的輸出功率P出=P入-P熱=（16-2）W=14W．故AB正確．C錯誤．D．整個電路消耗的功率P總=UI=14×2W=28W故D錯誤．故選AB。9、CD【解題分析】

A．當CD邊剛進入磁場時，電動勢E=BLv；則CD兩點間電勢差為選項A錯誤；B．設正方形邊長為L。根據感應電荷量經驗公式，得：B、L、R都相等，所以兩次通過某一橫截面的電荷量相等．故B錯誤。

C．外力做功的功率等于電功率，即則外力做功的功率為第一次的4倍，選項C正確；D．根據焦耳定律得：線圈產生的熱量則得第二次與第一次線圈中產生的熱量之比為2：1，故D正確。10、AD【解題分析】試題分析：將R1等效到電源的內部，R2上的功率等于電源的輸出功率，當外電阻等于內阻時，即R2=R1+r時，輸出功率最大，即R2上的功率最大．故A正確．根據P=I2R，電流最大時，R1考點：本題考查了電功率的計算點評：解決本題的關鍵掌握當外電阻等于內阻時電源的輸出功率最大．對于定值電阻，根據P=I2R，電流最大時，功率最大．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2gh【解題分析】

(1)[1][2]測得小物體上寬度為d的擋光片通過A的擋光時間為t1，通過B的擋光時間為t2，則：小物體經過A、B光電門時的速度,；(2)[3]如果物體動能的增加量等于重力勢能的減小量即則小物體自由下落運動過程中的機械能守恒。12、180B945【解題分析】

（1）根據電路圖和題意連接實物圖如圖所示，（2）閉合開關S，當標準毫安表的示數為6.48mA時，微安表的指針位置如圖丙所示，①根據微安表的量程和最小刻度來讀數，圖丙中該微安表的示數是180.0μA；②按照比例，所以改將后毫安表的量程為；（3）根據推測，分流電阻R的分流，此時微安表的電壓，所以微安表的內阻為：；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)，(3)【解題分析】

(1)A、B兩球靜止時，A球所處位置場強為B球所處位置場強為對A、B由整體法得解得(2)A球所受電場力F與x的圖像如圖所示剪斷細線后，A球向上運動，當A球的加速度為零時，速度達到最大，此時A球距O點距離為：解得剪斷細線后，A球從運動到獲得最大速度，A球上升的高度為由動能定理得由圖像可知，可得解得(3)剪斷細線后，設B球向下運動的最