福建省福州市長樂區長樂高級中學高一物理第一學期期末考試模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖所示，豎直放置的輕彈簧的一端固定在地面上，另一端與斜面體P連接，P與斜放的固定擋板MN接觸且處于靜止狀態，彈簧處于豎直方向，則斜面體P此刻受到外力的個數可能為（）A.2個或3個 B.2個或4個C.2個或5個 D.3個或4個2、下列關于慣性的說法正確的是（）A.汽車速度越大越難剎車，表明速度越大慣性越大B.集裝箱車不易停下，是因為集裝箱車的質量大，慣性大C.乒乓球可快速改變運動狀態，是因為乒乓球慣性大D.宇宙飛船中的物體處于完全失重狀態，所以沒有慣性3、關于物體運動的速度和加速度的關系，下列說法正確的是（）A.速度越大，加速度也越大B.速度變化越快，加速度一定越大C.加速度增大，速度一定增大D.加速度的方向保持不變，速度方向也一定保持不變4、請根據所學曲線運動的相關知識判斷，下列說法不正確的是（）A.曲線運動是變速運動B.做曲線運動的物體在某位置速度的方向是曲線在該點的切線方向C.當物體所受合力的方向與它的速度方向不在同一直線上時，物體做曲線運動D.加速度方向與速度方向在一條直線時，物體也可以做曲線運動5、在物理學的探索和發現過程中，科學家們運用了許多研究方法．以下關于物理學研究方法的敘述中錯誤的是()A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法是等效替代法B.根據速度定義式v＝，當Δt→0時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義運用了極限思維法C.在探究加速度、力和質量三者之間的關系時，先保持質量不變研究加速度與力的關系，再保持力不變研究加速度與質量的關系，這里運用了控制變量法D.在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，再把各小段位移相加，這里運用了微元法6、人站在自動扶梯的水平踏板上，隨扶梯斜向上勻減速運動，如圖所示．以下說法正確的是（）A.人受到重力和支持力的作用B.人受到的合外力為零C.人受到重力、支持力和摩擦力的作用D.人受到的合外力方向與速度方向相反7、如圖所示，光滑的輕滑輪通過支架固定在天花板上，一足夠長的細繩跨過滑輪，一端懸掛小球b，另一端與套在水平細桿上的小球a連接。在水平拉力F作用下小球a從圖示中A位置（虛線位置，細繩與細桿的夾角為60°），開始緩慢向右移動到B位置（圖中實線，細繩與細桿的夾角為30°），細繩中張力大小視為不變。已知小球a的質量為m，b的質量是小球a的2倍，滑動摩擦力等于最大靜摩擦力，小球a與細桿間的動摩擦因數為。則下列說法正確的是（）A.當a球在B位置時，拉力F的大小為mgB.當a球在A位置時，細桿對a球的支持力豎直向上，大小為（）mgC.支架對輕滑輪的作用力大小逐漸增大D.拉力F的大小一直增大8、如圖甲所示,有一絕緣圓環,圓環上均勻分布著正電荷,圓環平面與豎直平面重合．一光滑細桿沿垂直圓環平面的軸線穿過圓環,細桿上套有一個質量為m=10g的帶正電的小球,小球所帶電荷量q=5.0×10-4C．小球從C點由靜止釋放,其沿細桿由C經B向A運動的v—t圖像如圖乙所示．小球運動到B點時,速度圖像的切線斜率最大(圖中標出了該切線)．則下列說法正確的是()A.由C到A的過程中,小球的電勢能先減小后變大B.由C到A電勢逐漸降低C.C、B兩點間的電勢差UCB=0.9VD.在O點右側桿上,B點場強最大,場強大小為E=1.0V/m9、三段不可伸長的細繩OA、OB、OC共同懸掛一重物，如圖所示，B端固定，OB始終保持水平，A端水平向左移動一小段距離的過程中，下面說法正確的是（）A.OA繩拉力減少 B.OA繩拉力增大C.OC繩拉力不變 D.OB繩拉力增大10、小船被繩索拉向岸邊，如圖所示，船在水中運動時設水的阻力大小不變，那么在小船勻速靠岸的過程中，下列說法正確的是()A.繩子的拉力FT不斷增大B.繩子的拉力FT不變C.船受的浮力減小D.船受的浮力增大二、實驗題11、（4分）“探究加速度與物體質量、物體受力的關系”的實驗裝置如圖甲所示，已知打點計時器所用電源頻率為50Hz，試回答下列問題。(1)實驗中在平衡小車與桌面之間摩擦力的過程中，打出了一條紙帶如圖乙所示，A、B、C、D、E、F、G這些點的間距如圖中標示，其中每相鄰兩點間還有4個計時點未畫出。根據測量結果計算：打C點時小車的速度大小為________m/s；小車運動的加速度大小為________m/s2。(結果保留三位有效數字)(2)平衡好摩擦力后，將5個相同的砝碼都放在小車上，掛上砝碼盤，然后每次從小車上取一個砝碼添加到砝碼盤中，測量小車的加速度。根據小車的加速度a與砝碼盤中砝碼總重力F的實驗數據作出的a-F圖線如圖丙所示，此圖線不通過原點的主要原因是_____________。(3)某次在利用上述已調整好的裝置進行實驗時，保持砝碼盤中砝碼個數不變，小車自身的質量保持不變(已知小車的質量遠大于砝碼盤和盤中砝碼的質量)，在小車上加一個砝碼，并測出此時小車的加速度a，調整小車上的砝碼數量，進行多次實驗，得到多組數據，以小車上砝碼的質量m為橫坐標，相應加速度的倒數為縱坐標，在坐標紙上作出如圖丁所示的-m關系圖線，實驗結果驗證了牛頓第二定律。如果圖中縱軸上的截距為b，圖線的斜率為k，則小車受到的拉力大小為________，小車的質量為________。12、（10分）在探究求合力的方法時，先將橡皮條的一端固定在水平木板上，另一端系上帶有繩套的兩根細繩．實驗時，需要兩次拉伸橡皮條，一次是通過兩根細繩用兩個彈簧測力計互成角度地拉橡皮條，另一次是用一個彈簧測力計通過細繩拉橡皮條．下列說法正確的是_________（填字母代號）A.彈簧測力計、細繩、橡皮條都應與木板平行B.兩細繩必須等長C.兩次拉伸橡皮條時將橡皮條拉伸相同長度即可D.重復實驗再次進行驗證時，結點O的位置可以與前一次實驗不同E.用兩個測力計互成角度拉橡皮條時的拉力必須都小于只用一個測力計的拉力三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）將一個物體從傾角為α=37°的斜面頂端以初速度v0=4m/s沿著水平方向拋出，之后落在斜面上．若不考慮空氣的阻力，求物體的飛行時間．（g=10m/s2）14、（14分）一隧道限速36km/h。一列火車長100m，以72km/h的速度行駛，駛至距隧道50m處開始做勻減速運動，以不高于限速的速度勻速通過隧道。若隧道長200m。求：(1)火車做勻減速運動的最小加速度；(2)火車全部通過隧道的最短時間。15、（13分）如圖所示，在向上勻變速運動的升降機中有一個質量為60kg的人站在體重計上，體重計示數為720N，t＝0時升降機的速度為4m/s，重力加速度g取10m/s2，求：(1)升降機運動的加速度大小；(2)從t＝0開始，上升5m時的速度；(3)從t＝0開始，運動4s內的平均速度

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【解析】對斜面體P受力分析如圖：如果：（1）FN＝G的話，P體受力可以平衡，故P可能受2個力的作用；（2）FN＜G的話，P不可能平衡（3）如果：FN＞G，P會受到擋板MN的彈力F和摩擦力Ff，受力分析如圖：故P可能受4個力的作用綜上所述：P可能的受力個數是2個或4個故選B。2、B【解析】A．汽車的慣性只與它的質量有關，與速度無關，選項A錯誤；B．集裝箱車不易停下，是因為集裝箱車的質量大，慣性大，選項B正確；C．乒乓球可快速改變運動狀態，是因為乒乓球質量小慣性小，選項C錯誤；D．宇宙飛船中的物體由于有質量，則仍然有慣性，選項D錯誤；故選B.3、B【解析】A．物體的速度越大，速度變化不一定快，加速度不一定大，故A錯誤；B．加速度是反映速度變化快慢的物理量，速度變化越快，加速度越大，故B正確；C．加速度增大，速度不一定增大，比如加速度的方向與速度方向相反，加速度增大，速度減小，故C錯誤；D．加速度的方向保持不變，速度方向可能變化，如平拋運動，故D錯誤。故選B。4、D【解析】A．由于曲線運動的方向為曲線的切線方向即時刻變化，所以曲線運動一定是變速運動，故A正確；B．由曲線運動的特點可知，做曲線運動的物體在某位置速度的方向是曲線在該點的切線方向，故B正確；C．根據曲線運動的條件可知，當物體所受合力的方向與它的速度方向不在同一直線上時，物體做曲線運動，故C正確；D．加速度方向與速度方向在一條直線時，物體做直線運動，故D錯誤。本題選不正確的，故選D。5、A【解析】A．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法是理想模型法，選項A錯誤；B．根據速度定義式v＝，當Δt→0時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義運用了極限思維法，選項B正確；C．在探究加速度、力和質量三者之間的關系時，先保持質量不變研究加速度與力的關系，再保持力不變研究加速度與質量的關系，這里運用了控制變量法，選項C正確；D．在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，再把各小段位移相加，這里運用了微元法，選項D正確；此題選擇錯誤的選項，故選A。6、CD【解析】由于人在水平方向上有加速度，所以必受到摩擦力作用，故人受重力，支持力，摩擦力三力作用，A錯誤C正確；做勻減速運動，有加速度，合力不為零，人受到的合外力方向與速度方向相反，B錯誤D正確；考點：考查了受力分析，牛頓第二定律7、AD【解析】A．設a的質量為m，則b的質量為2m；以b為研究對象，豎直方向受力平衡，可得繩子拉力始終等于b的重力，即T=2mg，保持不變；當細繩與細桿的夾角為時，細繩的拉力沿豎直方向的分力大小為以a為研究對象，由平衡條件得：解得，桿對a球的支持力水平方向有故A正確；B．當細繩與細桿的夾角為時，拉力F的大小為故B錯誤；C．向右緩慢拉動的過程中，兩個繩子之間的夾角逐漸增大，繩子的拉力不變，所以繩子的合力減小，則繩子對滑輪的作用力逐漸減小，根據共點力平衡的條件可知，支架對輕滑輪的作用力大小逐漸減小，故C錯誤；D．以a為研究對象，受力如圖所示，設繩子與水平方向夾角為θ，支持力右緩慢拉動的過程中，θ角逐漸減??；水平方向由于由于θ從開始逐漸減小，可知θ增大，則（+θ）從逐漸減小時sin（+θ）逐漸增大，F增大；故D正確。故選AD。8、BC【解析】根據v-t圖象求出B點的加速度，結合牛頓第二定律求出場強的大??；根據動能定理判斷電場力做功的正負，由電場力做功與電勢能變化的關系判斷電勢能的變化；正電荷在電勢高處電勢能大；根據動能定理求解C、B兩點的電勢差【詳解】AB、從C到A小球的動能一直增大，則電場力一直做正功，故電勢能一直減小，又因為小球帶正電，故從C到A電勢逐漸降低，故A錯誤，B正確；C、由C到B電場力做功，CB間的電勢差為：，C正確；D、由v-t圖像可知，小球在B點的加速度最大，故所受的電場力最大，加速度由電場力產生，故B點的電場強度最大，小球的加速度為，又因為，解得：，D錯誤故選BC【點睛】關鍵是通過乙圖的v-t圖象判斷出加速度，加速度最大時受到的電場力最大，電場強度最大，由電場力做功即可判斷電勢能，由W=qU求的電勢差9、BCD【解析】以結點0為研究對象受力分析，然后將OC的拉力進行分解，A左移則OA逆時針轉動，根據圖解法判斷大小的變化.【詳解】OC繩拉力等于重力，不變；將OC的拉力進行分解，如圖所示：A左移則OA逆時針轉動，由圖可以看出OA和OB繩子拉力都是一直變大．故選BCD10、AC【解析】AB.小船的受力情況如圖所示．據平衡條件知則拉力：小船向岸邊運動時，角增大，增大，A對，B錯；CD.浮力:因為增大，sinθ增大，所以浮力F減小，C對，D錯。故選AC。【點睛】本題是力平衡問題，關鍵是分析物體的受力情況，根據平衡條件并結合正交分解法列方程求解．利用正交分解方法解體的一般步驟：①明確研究對象；②進行受力分析；③建立直角坐標系，建立坐標系的原則是讓盡可能多的力落在坐標軸上，將不在坐標軸上的力正交分解；④x方向，y方向分別列平衡方程求解二、實驗題11、①.1.18②.1.50③.未計入砝碼盤的重力④.⑤.【解析】(1)[1]由圖可得相鄰計數點間的時間間隔打C點時小車的速度大小[2]小車運動的加速度(2)[3]平衡摩擦力后，F=0時就產生了加速度，說明未計入砝碼盤的重力。(3)[4][5]根據題意，由牛頓第二定律得則則圖象的縱軸上的截距和斜率解得小車受到的拉力大小小車的質量12、AD【解析】本實驗的目的是為了驗證力的平行四邊形定則，即研究合力與分力的關系，根據合力與分力是等效的，本實驗兩次將橡皮條和繩的結點必須要拉到相同位置，表明兩次效果相同，即兩個拉力和一個拉力等效．實驗時要保證彈簧測力計、細繩、橡皮條都應與木板平行，兩細繩不一定要等長，重復實驗再次進行驗證時，結點O的位置可以與前一次實驗不同，用一個測力計的拉力是效果上的合力，合力大小上可以大于分力，也可以于小于分力，還可以等于分力【詳解】A、實驗時彈簧測力計、細繩、橡皮條都應與木板平行，如果不平行，彈簧測力計上的拉力就與水平木板有了一定的角度，拉力在水平方向就有了分力，就會影響實驗的精確度產生誤差，故A正確B、通過兩細繩用兩個彈簧秤互成角度地拉橡皮條時，并非要求兩細繩等長，為了更加準確記錄力的方向，拉橡皮條的細繩要長些，標記同一細繩方向的兩點要遠些，故B錯誤C、兩次拉伸橡皮條時應將將橡皮條和繩的結點拉到相同位置，故C錯誤D、重復實驗再次進行驗證時，結點O的位置可以與前一次實驗不同，故