




版權(quán)說(shuō)明:本文檔由用戶提供并上傳,收益歸屬內(nèi)容提供方,若內(nèi)容存在侵權(quán),請(qǐng)進(jìn)行舉報(bào)或認(rèn)領(lǐng)
文檔簡(jiǎn)介
三年(2019-2021)中考真題數(shù)學(xué)分項(xiàng)匯編(浙江專用)專題18尺規(guī)作圖與操作探究拼圖一.選擇題(共13小題)1.(2021?杭州)已知線段AB,按如下步驟作圖:①作射線AC,使AC⊥AB;②作∠BAC的平分線AD;③以點(diǎn)A為圓心,AB長(zhǎng)為半徑作弧,交AD于點(diǎn)E;④過(guò)點(diǎn)E作EP⊥AB于點(diǎn)P,則AP:AB=()A.1:5 B.1:2 C.1:3 D.1:2【分析】直接利用基本作圖方法得出AP=PE,再結(jié)合等腰直角三角形的性質(zhì)表示出AE,AP的長(zhǎng),即可得出答案.【解析】∵AC⊥AB,∴∠CAB=90°,∵AD平分∠BAC,∴∠EAB=12×90°=∵EP⊥AB,∴∠APE=90°,∴∠EAP=∠AEP=45°,∴AP=PE,∴設(shè)AP=PE=x,故AE=AB=2x∴AP:AB=x:2x=1:2.故選:D.2.(2021?湖州)如圖,已知在△ABC中,∠ABC<90°,AB≠BC,BE是AC邊上的中線.按下列步驟作圖:①分別以點(diǎn)B,C為圓心,大于線段BC長(zhǎng)度一半的長(zhǎng)為半徑作弧,相交于點(diǎn)M,N;②過(guò)點(diǎn)M,N作直線MN,分別交BC,BE于點(diǎn)D,O;③連接CO,DE.則下列結(jié)論錯(cuò)誤的是()A.OB=OC B.∠BOD=∠COD C.DE∥AB D.DB=DE【分析】利用基本作圖得到MN垂直平分BC,根據(jù)線段垂直平分線的性質(zhì)得到OB=OC,BD=CD,OD⊥BC,則可對(duì)A選項(xiàng)進(jìn)行判斷,根據(jù)等腰三角形的“三線合一”可對(duì)B選項(xiàng)進(jìn)行判斷;根據(jù)三角形中位線的性質(zhì)對(duì)C選項(xiàng)進(jìn)行判斷;由于DE=12AB,BD=12BC,AB≠【解析】由作法得MN垂直平分BC,∴OB=OC,BD=CD,OD⊥BC,所以A選項(xiàng)不符合題意;∴OD平分∠BOC,∴∠BOD=∠COD,所以B選項(xiàng)不符合題意;∵AE=CE,DB=DC,∴DE為△ABC的中位線,∴DE∥AB,所以C選項(xiàng)不符合題意;DE=12而B(niǎo)D=12∵AB≠BC,∴BD≠DE,所以D選項(xiàng)符合題意.故選:D.3.(2020?衢州)過(guò)直線l外一點(diǎn)P作直線l的平行線,下列尺規(guī)作圖中錯(cuò)誤的是()A. B. C. D.【分析】根據(jù)平行線的判定方法一一判斷即可.【解析】A、本選項(xiàng)作了角的平分線與等腰三角形,能得到一組內(nèi)錯(cuò)角相等,從而可證兩直線平行,故本選項(xiàng)不符合題意.B、本選項(xiàng)作了一個(gè)角等于已知角,根據(jù)同位角相等兩直線平行,能判斷是過(guò)點(diǎn)P且與直線l的平行直線,本選項(xiàng)不符合題意.C、由作圖可知,垂直于同一條直線的兩條直線平行,本選項(xiàng)不符合題意.D、作圖只截取了兩條線段相等,而無(wú)法保證兩直線平行的位置關(guān)系,本選項(xiàng)符合題意.故選:D.4.(2020?臺(tái)州)如圖,已知線段AB,分別以A,B為圓心,大于12AB同樣長(zhǎng)為半徑畫弧,兩弧交于點(diǎn)C,D,連接AC,AD,BC,BD,CDA.AB平分∠CAD B.CD平分∠ACB C.AB⊥CD D.AB=CD【分析】根據(jù)作圖判斷出四邊形ACBD是菱形,再根據(jù)菱形的性質(zhì):菱形的對(duì)角線平分一組對(duì)角、菱形的對(duì)角線互相垂直平分可得出答案.【解析】由作圖知AC=AD=BC=BD,∴四邊形ACBD是菱形,∴AB平分∠CAD、CD平分∠ACB、AB⊥CD,不能判斷AB=CD,故選:D.5.(2020?嘉興)如圖,在等腰△ABC中,AB=AC=25,BC=8,按下列步驟作圖:①以點(diǎn)A為圓心,適當(dāng)?shù)拈L(zhǎng)度為半徑作弧,分別交AB,AC于點(diǎn)E,F(xiàn),再分別以點(diǎn)E,F(xiàn)為圓心,大于12EF的長(zhǎng)為半徑作弧相交于點(diǎn)H,作射線AH②分別以點(diǎn)A,B為圓心,大于12AB的長(zhǎng)為半徑作弧相交于點(diǎn)M,N,作直線MN,交射線AH于點(diǎn)O③以點(diǎn)O為圓心,線段OA長(zhǎng)為半徑作圓.則⊙O的半徑為()A.25 B.10 C.4 D.5【分析】如圖,設(shè)OA交BC于T.解直角三角形求出AT,再在Rt△OCT中,利用勾股定理構(gòu)建方程即可解決問(wèn)題.【解析】如圖,設(shè)OA交BC于T.半徑為r,∵AB=AC=25,AO平分∠BAC,∴AO⊥BC,BT=TC=4,∴AT=AC在Rt△OCT中,則有r2=(r﹣2)2+42,解得r=5,故選:D.6.(2020?金華)如圖,四個(gè)全等的直角三角形拼成“趙爽弦圖”,得到正方形ABCD與正方形EFGH.連接EG,BD相交于點(diǎn)O,BD與HC相交于點(diǎn)P.若GO=GP,則S正方形A.1+2 B.2+2 C.5-2 【分析】證明△BPG≌△BCG(ASA),得出PG=CG.設(shè)OG=PG=CG=x,則EG=2x,F(xiàn)G=2x,由勾股定理得出BC2=(4+22)x2【解析】∵四邊形EFGH為正方形,∴∠EGH=45°,∠FGH=90°,∵OG=GP,∴∠GOP=∠OPG=67.5°,∴∠PBG=22.5°,又∵∠DBC=45°,∴∠GBC=22.5°,∴∠PBG=∠GBC,∵∠BGP=∠BGC=90°,BG=BG,∴△BPG≌△BCG(ASA),∴PG=CG.設(shè)OG=PG=CG=x,∵O為EG,BD的交點(diǎn),∴EG=2x,F(xiàn)G=2x∵四個(gè)全等的直角三角形拼成“趙爽弦圖”,∴BF=CG=x,∴BG=x+2x∴BC2=BG2+CG2=x∴S正方形故選:B.7.(2020?寧波)△BDE和△FGH是兩個(gè)全等的等邊三角形,將它們按如圖的方式放置在等邊三角形ABC內(nèi).若求五邊形DECHF的周長(zhǎng),則只需知道()A.△ABC的周長(zhǎng) B.△AFH的周長(zhǎng) C.四邊形FBGH的周長(zhǎng) D.四邊形ADEC的周長(zhǎng)【分析】證明△AFH≌△CHG(AAS),得出AF=CH.由題意可知BE=FH,則得出五邊形DECHF的周長(zhǎng)=AB+BC,則可得出答案.【解析】∵△GFH為等邊三角形,∴FH=GH,∠FHG=60°,∴∠AHF+∠GHC=120°,∵△ABC為等邊三角形,∴AB=BC=AC,∠ACB=∠A=60°,∴∠GHC+∠HGC=120°,∴∠AHF=∠HGC,∴△AFH≌△CHG(AAS),∴AF=CH.∵△BDE和△FGH是兩個(gè)全等的等邊三角形,∴BE=FH,∴五邊形DECHF的周長(zhǎng)=DE+CE+CH+FH+DF=BD+CE+AF+BE+DF,=(BD+DF+AF)+(CE+BE),=AB+BC.∴只需知道△ABC的周長(zhǎng)即可.故選:A.8.(2019?紹興)如圖1,長(zhǎng)、寬均為3,高為8的長(zhǎng)方體容器,放置在水平桌面上,里面盛有水,水面高為6,繞底面一棱進(jìn)行旋轉(zhuǎn)傾斜后,水面恰好觸到容器口邊緣,圖2是此時(shí)的示意圖,則圖2中水面高度為()A.245 B.325 C.123417【分析】設(shè)DE=x,則AD=8﹣x,由長(zhǎng)方體容器內(nèi)水的體積得出方程,解方程求出DE,再由勾股定理求出CD,過(guò)點(diǎn)C作CF⊥BG于F,由△CDE∽△CBF的比例線段求得結(jié)果即可.【解析】過(guò)點(diǎn)C作CF⊥BG于F,如圖所示:設(shè)DE=x,則AD=8﹣x,根據(jù)題意得:12(8﹣x+8)×3×3=3×3×6解得:x=4,∴DE=4,∵∠E=90°,由勾股定理得:CD=D∵∠BCE=∠DCF=90°,∴∠DCE=∠BCF,∵∠DEC=∠BFC=90°,∴△CDE∽△CBF,∴CECF即3CF∴CF=24故選:A.9.(2021?寧波)如圖是一個(gè)由5張紙片拼成的平行四邊形ABCD,相鄰紙片之間互不重疊也無(wú)縫隙,其中兩張等腰直角三角形紙片的面積都為S1,另兩張直角三角形紙片的面積都為S2,中間一張矩形紙片EFGH的面積為S3,F(xiàn)H與GE相交于點(diǎn)O.當(dāng)△AEO,△BFO,△CGO,△DHO的面積相等時(shí),下列結(jié)論一定成立的是()A.S1=S2 B.S1=S3 C.AB=AD D.EH=GH【分析】如圖,連接DG,AH,過(guò)點(diǎn)O作OJ⊥DE于J.證明S△DGH=S△AEH,S△DGC=S△ADH,可得結(jié)論.【解析】如圖,連接DG,AH,過(guò)點(diǎn)O作OJ⊥DE于J.∵四邊形EFGH是矩形,∴OH=OF,EF=GH,∠HEF=90°,∵OJ⊥DE,∴∠OJH=∠HEF=90°,∴OJ∥EF,∵HO=OF,∴HJ=JE,∴EF=GH=2OJ,∵S△DHO=12?DH?OJ,S△DHG=12?∴S△DGH=2S△DHO,同法可證S△AEH=2S△AEO,∵S△DHO=S△AEO,∴S△DGH=S△AEH,∵S△DGC=12?CG?DH,S△ADH=12?DH?AE,∴S△DGC=S△ADH,∴S△DHC=S△ADE,∴S1=S2,故選:A.10.(2021?紹興)數(shù)學(xué)興趣小組同學(xué)從“中國(guó)結(jié)”的圖案(圖1)中發(fā)現(xiàn),用相同的菱形縱向排列放置,可得到更多的菱形.如圖2,用2個(gè)相同的菱形放置,得到3個(gè)菱形.下面說(shuō)法正確的是()A.用3個(gè)相同的菱形放置,最多能得到6個(gè)菱形 B.用4個(gè)相同的菱形放置,最多能得到16個(gè)菱形 C.用5個(gè)相同的菱形放置,最多能得到27個(gè)菱形 D.用6個(gè)相同的菱形放置,最多能得到41個(gè)菱形【分析】根據(jù)題意畫出圖形,從圖形中找到出現(xiàn)的菱形的個(gè)數(shù)即可.【解析】如圖所示,用2個(gè)相同的菱形放置,最多能得到3個(gè)菱形;用3個(gè)相同的菱形放置,最多能得到8個(gè)菱形,用4個(gè)相同的菱形放置,最多能得到16個(gè)菱形,故選:B.11.(2020?湖州)七巧板是我國(guó)祖先的一項(xiàng)卓越創(chuàng)造,流行于世界各地.由邊長(zhǎng)為2的正方形可以制作一副中國(guó)七巧板或一副日本七巧板,如圖1所示.分別用這兩副七巧板試拼如圖2中的平行四邊形或矩形,則這兩個(gè)圖形中,中國(guó)七巧板和日本七巧板能拼成的個(gè)數(shù)分別是()A.1和1 B.1和2 C.2和1 D.2和2【分析】根據(jù)要求拼平行四邊形矩形即可.【解析】中國(guó)七巧板和日本七巧板能拼成的個(gè)數(shù)都是2,如圖所示:故選:D.12.(2019?衢州)如圖,取兩根等寬的紙條折疊穿插,拉緊,可得邊長(zhǎng)為2的正六邊形.則原來(lái)的紙帶寬為()A.1 B.2 C.3 D.2【分析】根據(jù)正六邊形的性質(zhì),正六邊形由6個(gè)邊長(zhǎng)為2的等邊三角形組成,其中等邊三角形的高為原來(lái)的紙帶寬度,然后求出等邊三角形的高即可.【解析】邊長(zhǎng)為2的正六邊形由6個(gè)邊長(zhǎng)為2的等邊三角形組成,其中等邊三角形的高為原來(lái)的紙帶寬度,所以原來(lái)的紙帶寬度=32×故選:C.13.(2019?臺(tái)州)如圖,有兩張矩形紙片ABCD和EFGH,AB=EF=2cm,BC=FG=8cm.把紙片ABCD交叉疊放在紙片EFGH上,使重疊部分為平行四邊形,且點(diǎn)D與點(diǎn)G重合.當(dāng)兩張紙片交叉所成的角α最小時(shí),tanα等于()A.14 B.12 C.817 【分析】由“ASA”可證△CDM≌△HDN,可證MD=DN,即可證四邊形DNKM是菱形,當(dāng)點(diǎn)B與點(diǎn)E重合時(shí),兩張紙片交叉所成的角a最小,可求CM=154,即可求tan【解析】如圖,∵∠ADC=∠HDF=90°∴∠CDM=∠NDH,且CD=DH,∠H=∠C=90°∴△CDM≌△HDN(ASA)∴MD=ND,且四邊形DNKM是平行四邊形∴四邊形DNKM是菱形∴KM=DM∵sinα=sin∠DMC=∴當(dāng)點(diǎn)B與點(diǎn)E重合時(shí),兩張紙片交叉所成的角a最小,設(shè)MD=a=BM,則CM=8﹣a,∵M(jìn)D2=CD2+MC2,∴a2=4+(8﹣a)2,∴a=∴CM=∴tanα=tan∠DMC=故選:D.二.填空題(共10小題)14.(2021?臺(tái)州)如圖,在△ABC中,∠ACB=90°,AC<BC.分別以點(diǎn)A,B為圓心,大于12AB的長(zhǎng)為半徑畫弧,兩弧交于D,E兩點(diǎn),直線DE交BC于點(diǎn)F,連接AF.以點(diǎn)A為圓心,AF為半徑畫弧,交BC延長(zhǎng)線于點(diǎn)H,連接AH.若BC=3,則△AFH的周長(zhǎng)為6【分析】直接利用基本作圖方法得出DE垂直平分AB,AF=AH,再利用等腰三角形的性質(zhì)、線段垂直平分線的性質(zhì)得出AF+FC=BF+FC=AH+CH=BC,即可得出答案.【解析】由基本作圖方法得出:DE垂直平分AB,則AF=BF,可得AF=AH,AC⊥FH,∴FC=CH,∴AF+FC=BF+FC=AH+CH=BC=3,∴△AFH的周長(zhǎng)為:AF+FC+CH+AH=2BC=6.故答案為:6.15.(2021?溫州)圖1是鄰邊長(zhǎng)為2和6的矩形,它由三個(gè)小正方形組成,將其剪拼成不重疊、無(wú)縫隙的大正方形(如圖2),則圖1中所標(biāo)注的d的值為6﹣23;記圖1中小正方形的中心為點(diǎn)A,B,C,圖2中的對(duì)應(yīng)點(diǎn)為點(diǎn)A′,B′,C′.以大正方形的中心O為圓心作圓,則當(dāng)點(diǎn)A′,B′,C′在圓內(nèi)或圓上時(shí),圓的最小面積為(16﹣83)π.【分析】如圖,連接FW,由題意可知點(diǎn)A′,O,C′在線段FW上,連接OB′,B′C′,過(guò)點(diǎn)O作OH⊥B′C′于H.證明∠EGF=30°,解直角三角形求出JK,OH,B′H,再求出OB′2,可得結(jié)論.【解析】如圖,連接FW,由題意可知點(diǎn)A′,O,C′在線段FW上,連接OB′,B′C′,過(guò)點(diǎn)O作OH⊥B′C′于H.∵大正方形的面積=12,∴FG=GW=23,∵EF=WK=2,∴在Rt△EFG中,tan∠EGF=EF∴∠EGF=30°,∵JK∥FG,∴∠KJG=∠EGF=30°,∴d=JK=3GK=3(23-2)=6﹣∵OF=OW=12FW=6,C′∴OC′=6∵B′C′∥QW,B′C′=2,∴∠OC′H=∠FWQ=45°,∴OH=HC′=3-∴HB′=2﹣(3-1)=3-∴OB′2=OH2+B′H2=(3-1)2+(3-3)2=16﹣8∵OA′=OC′<OB′,∴當(dāng)點(diǎn)A′,B′,C′在圓內(nèi)或圓上時(shí),圓的最小面積為(16﹣83)π.故答案為:6﹣23,(16﹣83)π.16.(2021?寧波)如圖,在矩形ABCD中,點(diǎn)E在邊AB上,△BEC與△FEC關(guān)于直線EC對(duì)稱,點(diǎn)B的對(duì)稱點(diǎn)F在邊AD上,G為CD中點(diǎn),連結(jié)BG分別與CE,CF交于M,N兩點(diǎn).若BM=BE,MG=1,則BN的長(zhǎng)為2,sin∠AFE的值為2-1【分析】連接BF,F(xiàn)M,由翻折及BM=ME可得四邊形BEFM為菱形,再由菱形對(duì)角線的性質(zhì)可得BN=BA.先證明△AEF≌△NMF得AE=NM,再證明△FMN∽△CGN可得CGFM=【解析】∵BM=BE,∴∠BEM=∠BME,∵AB∥CD,∴∠BEM=∠GCM,又∵∠BME=∠GMC,∴∠GCM=∠GMC,∴MG=GC=1,∵G為CD中點(diǎn),∴CD=AB=2.連接BF,FM,由翻折可得∠FEM=∠BEM,BE=EF,∴BM=EF,∵∠BEM=∠BME,∴∠FEM=∠BME,∴EF∥BM,∴四邊形BEFM為平行四邊形,∵BM=BE,∴四邊形BEFM為菱形,∵∠EBC=∠EFC=90°,EF∥BG,∴∠BNF=90°,∵BF平分∠ABN,∴FA=FN,∴Rt△ABF≌Rt△NBF(HL),∴BN=AB=2.∵FE=FM,FA=FN,∠A=∠BNF=90°,∴Rt△AEF≌Rt△NMF(HL),∴AE=NM,設(shè)AE=NM=x,則BE=FM=2﹣x,NG=MG﹣NM=1﹣x,∵FM∥GC,∴△FMN∽△CGN,∴CGFM即12-解得x=2+2(舍)或x=2-∴EF=BE=2﹣x=2∴sin∠AFE=AEEF故答案為:2;2-117.(2021?麗水)一個(gè)多邊形過(guò)頂點(diǎn)剪去一個(gè)角后,所得多邊形的內(nèi)角和為720°,則原多邊形的邊數(shù)是6或7.【分析】首先求得內(nèi)角和為720°的多邊形的邊數(shù),過(guò)頂點(diǎn)剪去一個(gè)角后邊數(shù)不變或減少1,即可確定原多邊形的邊數(shù).【解析】設(shè)內(nèi)角和為720°的多邊形的邊數(shù)是n,則(n﹣2)?180=720,解得:n=6.∵多邊形過(guò)頂點(diǎn)截去一個(gè)角后邊數(shù)不變或減少1,∴原多邊形的邊數(shù)為6或7,故答案為:6或7.18.(2021?湖州)為慶祝中國(guó)共產(chǎn)黨建黨100周年,某校用紅色燈帶制作了一個(gè)如圖所示的正五角星(A,B,C,D,E是正五角星的五個(gè)頂點(diǎn)),則圖中∠A的度數(shù)是36度.【分析】正五角星中,五邊形FGHMN是正五邊形,根據(jù)正多邊形及鄰補(bǔ)角的性質(zhì),即可求得∠AFN=∠ANF=72°,然后根據(jù)三角形的內(nèi)角和定理可求得∠A的度數(shù).【解析】如圖,∵正五角星中,五邊形FGHMN是正五邊形,∴∠GFN=∠FNM=(5-2)×180°5∴∠AFN=∠ANF=180°﹣∠GFN=180°﹣108°=72°,∴∠A=180°﹣∠AFN﹣∠ANF=180°﹣72°﹣72°=36°.故答案是:36.19.(2020?紹興)如圖1,直角三角形紙片的一條直角邊長(zhǎng)為2,剪四塊這樣的直角三角形紙片,把它們按圖2放入一個(gè)邊長(zhǎng)為3的正方形中(紙片在結(jié)合部分不重疊無(wú)縫隙),則圖2中陰影部分面積為45.【分析】根據(jù)題意和圖形,可以得到直角三角形的一條直角邊的長(zhǎng)和斜邊的長(zhǎng),從而可以得到直角三角形的另一條直角邊長(zhǎng),再根據(jù)圖形,可知陰影部分的面積是四個(gè)直角三角形的面積,然后代入數(shù)據(jù)計(jì)算即可.【解析】由題意可得,直角三角形的斜邊長(zhǎng)為3,一條直角邊長(zhǎng)為2,故直角三角形的另一條直角邊長(zhǎng)為:32故陰影部分的面積是:2×52×4=故答案為:45.20.(2020?金華)如圖,平移圖形M,與圖形N可以拼成一個(gè)平行四邊形,則圖中α的度數(shù)是30°.【分析】根據(jù)平行四邊形的性質(zhì)解答即可.【解析】∵四邊形ABCD是平行四邊形,∴∠D+∠C=180°,∴∠α=180°﹣(540°﹣70°﹣140°﹣180°)=30°,故答案為:30.21.(2020?紹興)將兩條鄰邊長(zhǎng)分別為2,1的矩形紙片剪成四個(gè)等腰三角形紙片(無(wú)余紙片),各種剪法剪出的等腰三角形中,其中一個(gè)等腰三角形的腰長(zhǎng)可以是下列數(shù)中的①②③④(填序號(hào)).①2,②1,③2-1,④32,⑤【分析】首先作出圖形,再根據(jù)矩形的性質(zhì)和等腰三角形的判定即可求解.【解析】如圖所示:則其中一個(gè)等腰三角形的腰長(zhǎng)可以是①2,②1,③2-1,④32,不可以是故答案為:①②③④.22.(2019?溫州)三個(gè)形狀大小相同的菱形按如圖所示方式擺放,已知∠AOB=∠AOE=90°,菱形的較短對(duì)角線長(zhǎng)為2cm.若點(diǎn)C落在AH的延長(zhǎng)線上,則△ABE的周長(zhǎng)為(12+82)cm.【分析】連接IC,連接CH交OI于K,則A,H,C在同一直線上,CI=2,根據(jù)△COH是等腰直角三角形,即可得到∠CKO=90°,即CK⊥IO,設(shè)CK=OK=x,則CO=IO=2x,IK=2x﹣x,根據(jù)勾股定理即可得出x2=2+2,再根據(jù)S菱形BCOI=IO×CK=12IC×BO,即可得出BO=2【解析】如圖所示,連接IC,連接CH交OI于K,則A,H,C在同一直線上,CI=2,∵三個(gè)菱形全等,∴CO=HO,∠AOH=∠BOC,又∵∠AOB=∠AOH+∠BOH=90°,∴∠COH=∠BOC+∠BOH=90°,即△COH是等腰直角三角形,∴∠HCO=∠CHO=45°=∠HOG=∠COK,∴∠CKO=90°,即CK⊥IO,設(shè)CK=OK=x,則CO=IO=2x,IK=2x﹣∵Rt△CIK中,(2x﹣x)2+x2=22,解得x2=2+2又∵S菱形BCOI=IO×CK=12IC×∴2x2=12×2∴BO=22+2∴BE=2BO=42+4,AB=AE=2BO=4+2∴△ABE的周長(zhǎng)=42+4+2(4+22)=12+82故答案為:12+82.23.(2020?臺(tái)州)如圖,等邊三角形紙片ABC的邊長(zhǎng)為6,E,F(xiàn)是邊BC上的三等分點(diǎn).分別過(guò)點(diǎn)E,F(xiàn)沿著平行于BA,CA方向各剪一刀,則剪下的△DEF的周長(zhǎng)是6.【分析】根據(jù)三等分點(diǎn)的定義可求EF的長(zhǎng),再根據(jù)等邊三角形的判定與性質(zhì)即可求解.【解析】∵等邊三角形紙片ABC的邊長(zhǎng)為6,E,F(xiàn)是邊BC上的三等分點(diǎn),∴EF=2,∵△ABC是等邊三角形,∴∠B=∠C=60°,又∵DE∥AB,DF∥AC,∴∠DEF=∠B=60°,∠DFE=∠C=60°,∴△DEF是等邊三角形,∴剪下的△DEF的周長(zhǎng)是2×3=6.故答案為:6.三.解答題(共10小題)24.(2021?衢州)如圖,在6×6的網(wǎng)格中,△ABC的三個(gè)頂點(diǎn)都在格點(diǎn)上.(1)在圖1中畫出△ACD,使△ACD與△ACB全等,頂點(diǎn)D在格點(diǎn)上.(2)在圖2中過(guò)點(diǎn)B畫出平分△ABC面積的直線l.【分析】(1)構(gòu)造平行四邊形ABCD,可得結(jié)論.(2)取線段AC與網(wǎng)格線的交點(diǎn)T,作直線BT即可.【解析】(1)如圖1中,△ADC即為所求.(2)如圖2中,直線BT即為所求.25.(2021?寧波)如圖是由邊長(zhǎng)為1的小正方形構(gòu)成的6×4的網(wǎng)格,點(diǎn)A,B均在格點(diǎn)上.(1)在圖1中畫出以AB為邊且周長(zhǎng)為無(wú)理數(shù)的?ABCD,且點(diǎn)C和點(diǎn)D均在格點(diǎn)上(畫出一個(gè)即可).(2)在圖2中畫出以AB為對(duì)角線的正方形AEBF,且點(diǎn)E和點(diǎn)F均在格點(diǎn)上.【分析】(1)根據(jù)平行四邊形的定義以及題目條件畫出圖形即可.(2)根據(jù)正方形的定義畫出圖形即可.【解析】(1)如圖1中,四邊形ABCD即為所求(答案不唯一).(2)如圖2中,四邊形AEBF即為所求.26.(2021?嘉興)如圖,在7×7的正方形網(wǎng)格中,網(wǎng)格線的交點(diǎn)稱為格點(diǎn),點(diǎn)A,B在格點(diǎn)上,每一個(gè)小正方形的邊長(zhǎng)為1.(1)以AB為邊畫菱形,使菱形的其余兩個(gè)頂點(diǎn)都在格點(diǎn)上(畫出一個(gè)即可).(2)計(jì)算你所畫菱形的面積.【分析】(1)先以AB為邊畫出一個(gè)等腰三角形,再作對(duì)稱即可;(2)根據(jù)菱形的面積等于對(duì)角線乘積的一半可求得.【解析】(1)如下圖所示:四邊形ABCD即為所畫菱形,(答案不唯一,畫出一個(gè)即可).(2)圖1菱形面積S=12×2×6圖2菱形面積S=12×22×圖3菱形面積S=(10)2=10.27.(2020?衢州)如圖,在5×5的網(wǎng)格中,△ABC的三個(gè)頂點(diǎn)都在格點(diǎn)上.(1)在圖1中畫出一個(gè)以AB為邊的?ABDE,使頂點(diǎn)D,E在格點(diǎn)上.(2)在圖2中畫出一條恰好平分△ABC周長(zhǎng)的直線l(至少經(jīng)過(guò)兩個(gè)格點(diǎn)).【分析】(1)根據(jù)平行四邊形的定義畫出圖形即可(答案不唯一).(2)利用數(shù)形結(jié)合的思想解決問(wèn)題即可.【解析】(1)如圖平行四邊形ABDE即為所求(點(diǎn)D的位置還有6種情形可取).(2)如圖,直線l即為所求.28.(2020?溫州)如圖,在6×4的方格紙ABCD中,請(qǐng)按要求畫格點(diǎn)線段(端點(diǎn)在格點(diǎn)上),且線段的端點(diǎn)均不與點(diǎn)A,B,C,D重合.(1)在圖1中畫格點(diǎn)線段EF,GH各一條,使點(diǎn)E,F(xiàn),G,H分別落在邊AB,BC,CD,DA上,且EF=GH,EF不平行GH.(2)在圖2中畫格點(diǎn)線段MN,PQ各一條,使點(diǎn)M,N,P,Q分別落在邊AB,BC,CD,DA上,且PQ=5MN【分析】(1)根據(jù)點(diǎn)E,F(xiàn),G,H分別落在邊AB,BC,CD,DA上,且EF=GH,EF不平行GH,畫出線段即可;(2)根據(jù)使點(diǎn)M,N,P,Q分別落在邊AB,BC,CD,DA上,且PQ=5MN【解析】(1)如圖1,線段EF和線段GH即為所求;(2)如圖2,線段MN和線段PQ即為所求.29.(2019?舟山)在6×6的方格紙中,點(diǎn)A,B,C都在格點(diǎn)上,按要求畫圖:(1)在圖1中找一個(gè)格點(diǎn)D,使以點(diǎn)A,B,C,D為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形.(2)在圖2中僅用無(wú)刻度的直尺,把線段AB三等分(保留畫圖痕跡,不寫畫法).【分析】(1)由勾股定理得:CD=AB=CD'=5,BD=AC=BD''=13,AD'=BC=AD''(2)根據(jù)平行線分線段成比例定理畫出圖形即可.【解析】(1)由勾股定理得:CD=AB=CD'=5,BD=AC=BD''=AD'=BC=AD''=10畫出圖形如圖1所示;(2)如圖2所示.30.(2019?溫州)如圖,在7×5的方格紙ABCD中,請(qǐng)按要求畫圖,且所畫格點(diǎn)三角形與格點(diǎn)四邊形的頂點(diǎn)均不與點(diǎn)A,B,C,D重合.(1)在圖1中畫一個(gè)格點(diǎn)△EFG,使點(diǎn)E,F(xiàn),G分別落在邊AB,BC,CD上,且∠EFG=90°.(2)在圖2中畫一個(gè)格點(diǎn)四邊形MNPQ,使點(diǎn)M,N,P,Q分別落在邊AB,BC,CD,DA上,且MP
溫馨提示
- 1. 本站所有資源如無(wú)特殊說(shuō)明,都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請(qǐng)下載最新的WinRAR軟件解壓。
- 2. 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等,如果需要附件,請(qǐng)聯(lián)系上傳者。文件的所有權(quán)益歸上傳用戶所有。
- 3. 本站RAR壓縮包中若帶圖紙,網(wǎng)頁(yè)內(nèi)容里面會(huì)有圖紙預(yù)覽,若沒(méi)有圖紙預(yù)覽就沒(méi)有圖紙。
- 4. 未經(jīng)權(quán)益所有人同意不得將文件中的內(nèi)容挪作商業(yè)或盈利用途。
- 5. 人人文庫(kù)網(wǎng)僅提供信息存儲(chǔ)空間,僅對(duì)用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對(duì)用戶上傳分享的文檔內(nèi)容本身不做任何修改或編輯,并不能對(duì)任何下載內(nèi)容負(fù)責(zé)。
- 6. 下載文件中如有侵權(quán)或不適當(dāng)內(nèi)容,請(qǐng)與我們聯(lián)系,我們立即糾正。
- 7. 本站不保證下載資源的準(zhǔn)確性、安全性和完整性, 同時(shí)也不承擔(dān)用戶因使用這些下載資源對(duì)自己和他人造成任何形式的傷害或損失。
最新文檔
- 酒店居住安全協(xié)議書
- 解除拆遷補(bǔ)償協(xié)議書
- 非婚撫養(yǎng)孩子協(xié)議書
- 邯鄲學(xué)院就業(yè)協(xié)議書
- 轉(zhuǎn)讓食堂攤位協(xié)議書
- 閑置校舍轉(zhuǎn)讓協(xié)議書
- 茶桌轉(zhuǎn)讓合同協(xié)議書
- 訂單木耳采購(gòu)協(xié)議書
- 銀行特約商戶協(xié)議書
- 造價(jià)借用資質(zhì)協(xié)議書
- 北京開(kāi)放大學(xué)2025年《企業(yè)統(tǒng)計(jì)》形考作業(yè)3答案
- 國(guó)內(nèi)外著名幼兒教育家及其教育理念
- 2025年大數(shù)據(jù)分析師職業(yè)技能測(cè)試卷:數(shù)據(jù)倉(cāng)庫(kù)設(shè)計(jì)與數(shù)據(jù)建模實(shí)戰(zhàn)試題匯編
- 2025屆福州教育學(xué)院附屬中學(xué)高考語(yǔ)文四模試卷含解析
- 2025年南京市七下期中英語(yǔ)試卷 (試卷版)
- 國(guó)有企業(yè)雙重目標(biāo)導(dǎo)向與雙軌治理機(jī)制的研究進(jìn)展及前景展望
- 浙江省寧波市2024學(xué)年第二學(xué)期高考與選考模擬考試化學(xué)試卷及答案(寧波二模)
- 國(guó)開(kāi)電大軟件工程形考作業(yè)3參考答案 (二)
- 造價(jià)咨詢進(jìn)度管理制度
- 棋牌轉(zhuǎn)讓免責(zé)協(xié)議書
- 歷城二中生物試卷及答案
評(píng)論
0/150
提交評(píng)論