山東省濱州市十二校2023年高二物理第二學期期中質量跟蹤監視模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在豎直平面內有一半徑為R的光滑半圓軌道AOB和條形磁鐵，兩者的對稱軸重合且在豎直方向上，O為半圓的最低點，AB為半圓的水平直徑．現讓一重為G的閉合細金屬環從B點由靜止釋放沿軌道滑下，又沿軌道另一側上升，若環面始終在半圓平面內，不計空氣阻力的影響，則下列說法正確的是()A．環會上升到A點 B．環最終會停在O點C．環中有感應電流產生 D．環中產生的總熱量為mgR2、下列說法不正確的是()A．一定量0℃的冰融化成0℃的水，其分子動能之和不變，分子勢能之和變小B．干濕泡溫度計的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度C．浸潤現象中，附著層的液體分子比液體內部更密集，液體分子之間表現為相互排斥的力D．兩個系統彼此處于熱平衡，則二者溫度一定相同3、如圖所示，物體在平行于斜面向上、大小為10N的力F作用下，沿固定的粗糙斜面向上做勻速直線運動，物體與斜面間的滑動摩擦力（）A．等于零 B．小于10NC．等于10N D．大于10N4、彈簧振子在A、B間做機械振動，O為平衡位置，則（）A．當振子從O向A運動時，速度變小B．當振子從A向O運動時，位移變大C．當振子從O向B運動時，加速度變小D．當振子從B向O運動時，回復力變大5、氫原子能級的示意圖如圖所示，大量氫原子從n=4的能級向n=2的能級躍遷時輻射出可見光a，從n=3的能級向n=2的能級躍遷時輻射出可見光b，則()A．氫原子從高能級向低能級躍遷時可能會輻射出射線B．氫原子從n=4的能級向n=3的能級躍遷時會輻射出紫外線C．從n=3能級躍遷到n=2能級時，電子的電勢能減小，氫原子的能量也減小D．氫原子在n=2的能級時可吸收任意頻率的光而發生電離6、如圖所示，拖拉機拉著耙耕地，拉力F與水平方向成角，若將該力沿水平和豎直方向分解，則它的水平分力為A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一導線折成動長為a的正三角形閉合回路，虛線MN右側有磁感應強度為B的勻強磁場，方向垂直于回路所在的平面，回路以速度v向右勻速進入磁場，邊長CD始終與MN垂直，從D點到達邊界開始到C點進入磁場為止，下列結論中正確的是（）A．導線框受到安培力方向始終向上B．導線框受到安培力方向始終向下C．感應電動勢的最大值為3D．應電動勢平均值為38、如圖所示，在一固定的條形磁鐵上方有一鐵圈，讓鐵圈由靜止自由落下，若下落過程中鐵圈始終水平.不及空氣阻力.關于鐵圈下落過程下列說法正確的是（）A．鐵圈下落到磁鐵中間位置時，加速度等于重力加速度B．鐵圈的加速度始終大于重力加速度C．整個下落過程中，鐵圈中的電流方向始終不變D．若把鐵圈換成塑料圈，下落相同高度所需的時間變短9、如圖所示，變壓器的輸入電壓恒定，在下列措施中能使電流表示數變大的是（）A．保持變阻器的滑片不動，將K從2撥向1B．保持變阻器的滑片不動，將K從1撥向2C．保持K與1相連接，將變阻器的滑片向上移D．保持K與1相連接，將變阻器的滑片向下移10、如圖所示，理想變壓器原線圈輸入正弦式交變電壓且保持不變，副線圈電路中、為定值電阻，R是滑動變阻器，和是理想交流電壓表，示數分別用和表示；和是理想交流電流表，示數分別用和表示；則在滑片P向上滑動過程中，下列說法正確的是（）A．和均保持不變B．消耗的功率增大C．和均減小D．減小，變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了測量額定功率為10W的電阻Rx的阻值，備用器材有：A、多用電表B、電流表A1（量程0.6A，內阻約為1Ω）C、電流表A2（量程3A，內阻約為0.2Ω）D、電壓表V1（量程3V，內阻約為10kΩ）E、電壓表V2（量程15V，內阻約為50kΩ）F、直流電源（電動勢16V，內阻1Ω）G、滑動變阻器R（阻值范圍0－100Ω，最大電流lA）H、待測電阻Rx，開關和導線若干（1）實驗時，某組同學先使用多用電表的“×1Ω”的電阻檔初測Rx的阻值，示數如圖，則Rx的阻值約為_______Ω．（2）為了進一步準確測量Rx的阻值，該組同學借用了“測金屬絲電阻率”的實驗方法，應用上述器材中的部分器材，設計了伏安法測量Rx的阻值的實驗：①實驗中電壓表應選____，電流表應選____．（填寫儀器前的序號）②請在答題紙方框內畫出實驗電路圖______；③請根據你畫出的實驗電路圖在答題紙上畫出實驗電路實物連線______．12．（12分）(1)在“研究電磁感應現象”的實驗中：為了研究感應電流的方向，圖中滑動變阻器和電源的連線已經畫出，請將圖中實物連成實驗所需電路圖___________。(2)線圈A放在B中不動，在突然接通S時，B線圈中產生的感應電流方向與A線圈中的電流方向____________（填“相同”或“相反”或“無電流”）。(3)連接好實驗線路后，閉合開關，發現電流計的指針向左偏，則在閉合開關后，把螺線管A插入螺線管B的過程中，電流表的指針將向_____________偏轉（填“向左”“向右”或“不”）。(4)閉合開關后，線圈A放在B中不動，在滑動變阻器的滑片P向右滑動的過程中，電流表指針將向____________偏轉（填“向左”“向右”或“不”）。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一電荷量為q的帶電粒子，以速度v垂直射入磁感應強度為B、寬度為d的有界勻強磁場中，射出磁場時的速度方向與原來粒子的入射方向的夾角θ=60°，求：（1）帶電粒子在磁場中運動的軌道半徑r；（2）帶電粒子的電性和質量m；（3）帶電粒子穿過磁場的時間t．14．（16分）如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸傳播，實線為時的波形圖，此時波剛好傳播到處的質點，虛線為時的波形圖。求：(1)該波波源的起振方向；(2)該波傳播速度的大??；(3)若，則處的質點從到第一次運動到波峰所需的時間。15．（12分）半徑為R的固定半圓形玻璃磚的橫截面積如圖所示，O點為圓心，OO′與直徑AB的垂直。足夠大的光屏CD緊靠在玻璃磚的左側且與AB垂直。一光束沿半徑方向與OO′成θ＝30°射向O點，光屏CD區域出現兩個光斑，兩光斑間的距離為．求：①此玻璃的折射率②當θ變為多大時，兩光斑恰好變為一個。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

由于條形磁鐵與金屬圓環在同一平面內，結合條形磁場的磁場分布可知，穿過金屬圓環的磁通量等于零，故圓環在下降過程中沒有產生電流，不受安培力的作用，故機械能守恒，所以金屬圓環能上升到原高度，故A正確；故選A.2、A【解析】

A．一定量0℃的冰融化成0℃的水，其分子動能之和不變，吸收的熱量轉化為分子勢能，所以分子勢能之和變大，故A錯誤；B．干濕泡溫度計的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度，這是濕泡外紗布中的水蒸發吸熱的結果，故B正確；C．浸潤現象中，附著層的液分子比液體內部更密集，液體分子之間表現為相互排斥的力，故C正確；D．兩個系統處于熱平衡時，它們一定具有相同的溫度，故D正確；不正確的故選A。3、B【解析】

對物體受力分析，在沿斜面方向，物體受到重力沿斜面的分力F1、滑動摩擦力Ff和拉力F，則F1+Ff=F，故Ff＜10

N，故B正確，ACD錯誤。故選B．4、A【解析】O為平衡位置，合力為零，從O到A時，回復力增大，振子做減速運動，速度變小，A正確；從A到O，距離O點的距離越來越小，位移變小，B錯誤；從O到B，彈簧的形變量變大，回復力變大，加速度變大，C錯誤；從B到O過程中，彈簧的形變量減小，回復力減小，D錯誤．5、C【解析】γ射線的產生機理是原子核受激發，是原子核變化才產生的，故A錯誤；根據躍遷規律可知高能級向低能級躍遷時輻射光子的能量等于這兩個能級差，從n=4的能級向n=3的能級躍遷時會輻射出的光子能量小于a光子的能量、不可能為紫外線，故B錯誤；根據庫侖引力提供向心力，結合牛頓第二定律，可知，，從n=3能級躍遷到n=2能級時，半徑變小，電子的動能增大，那么電子的電勢能減小，由于向外界輻射能量，氫原子的能量也減小，故C正確；欲使在n=2的能級的氫原子發生電離，吸收的能量一定不小于3.4eV，故D錯誤．6、B【解析】

根據平行四邊形定則，以F為對角線作平行四邊形，如圖:則有；故選B.【點睛】根據平行四邊形定則，以F為對角線作平行四邊形，由數學知識求解豎直方向的分力．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

AB．根據左手定則可知,線框未全部進入磁場前安培力方向向上，全部進入以后安培力為零，所以AB錯誤．C．有效切割長度最長為32a

，則感應電動勢最大值為32Bav

，故CE=故D正確

故選CD【點睛】根據左手定則判斷安培力的方向．由E=BLv，分析過程中最長的L可知最大電動勢；由法拉第電磁感應定律可得出電動勢的平均值．8、AD【解析】由楞次定律可知，感應電流總是阻礙磁鐵間的相對運動，在鐵圈靠近磁鐵的過程中為阻礙鐵圈的靠近，線圈對磁鐵的作用力豎直向上，在線圈穿過磁鐵遠離的過程中，為阻礙鐵圈的遠離，磁鐵對線圈的作用力豎直向上，則在整個過程中，磁鐵對線圈的作用力始終豎直向上，加速度小于或等于g，當鐵圈下落到磁鐵中間位置時，加速度等于重力加速度．故A正確，B錯誤；由圖示可知，在鐵圈下落過程中，穿過鐵圈的磁場方向向上，在鐵圈靠近磁鐵時，穿過鐵圈的磁通量變大，在鐵圈遠離磁鐵時穿過鐵圈的磁通量減小，由楞次定律可知，從上向下看，鐵圈中的感應電流先沿順時針方向，后沿逆時針方向，故C錯誤；若把鐵圈換成塑料圈，塑料圈中沒有電流，那么不會受到磁鐵的阻礙，下落相同高度所需的時間會變短．故D正確．故選AD．點睛：本題考查了楞次定律的應用，正確理解楞次定律阻礙的含義是正確解題的關鍵，注意鐵圈與塑料圈的不同．9、AD【解析】

保持變阻器的滑片不動，將K從2撥向1時，副線圈的匝數增加，根據電壓與匝數成正比可知，此時的輸出電壓將增加，電阻不變，所以次級電路的電流將增加，則初級電流增加，電流表的示數增加，所以A正確。由A的分析可知，保持變阻器的滑片不動，將K從1撥向2，此時的電流將減小，電流表的示數將減小，所以B錯誤。保持K與1相連接，此時的輸出的電壓不變，將變阻器的滑片向上移時，電路中的電阻變大，電流將減小，電流表的示數也將減小，所以C錯誤。由C的分析可知，D中的電流表讀數增加，所以D正確。10、BD【解析】

A．當滑片P向上端滑動過程中，電阻增大，副線圈電路的總電阻增大，由于匝數比不變，所以副線圈電壓不變，副線圈電流變小，R1的電壓變小，電壓表V2的示數變大，故A錯誤；B．由上可知電阻R2兩端的電壓增大，根據，可知R2消耗的功率增大，故B正確；CD．由上可知電阻R2兩端的電壓增大，根據可知I2變大，原線圈、副線圈的匝數比不變，原線圈、副線圈兩端的電壓都不變，當滑片P向上端滑動過程中，電阻增大，副線圈電路的總電阻增大，輸出功率變小，輸入功率也變小，輸入電壓不變，所以I1變小，故D正確，C錯誤。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、24EB【解析】

（1）由圖可知，檔位為×1，指針示數為24，故阻值R=24×1=24Ω．（2）①電阻功率為10W，則由，可得：U=15V，電流I約為：，故電壓表選擇E；電流表選擇B；

②因滑動變阻器的阻值大于待測電阻的3倍，故可以采用限流接法；由于待測電阻較小，故應選用電流表外接法；故電路圖為：③根據原理圖得出對應的實物圖如圖所示：12、相反向左向右【解析】

(1)[1]連接電路如圖。(2)[2]突然接通后，A線圈中的磁通量增大，根據楞次定律可知B線圈中感應電流產生的磁場應阻礙A線圈中磁通量的增大，所以B線圈中產生的感應電流方向與A線圈中的電流方向相反。(3)[3]閉合開關，B線圈中磁通量增大，電流表指針向左偏轉，把螺線管A插入螺線管B的過程中，磁通量增大，所以電流表指針向左偏轉。(4)[4]線圈A放在B中不動，在滑動變阻器的滑片P向右滑動的過