2021-2021學年河北省承德市隆化縣存瑞中學高一〔下〕第二次質檢物理試卷一、選擇題，此題共16小題，每題3分，共48分.1-10題為單項選擇題，11-16為多項選擇題.1?關于力對物體做功，以下說法正確的選項是〔 〕—對作用力和反作用力在相同時間內做的功一定大小相等，正負相反不管怎樣的力對物體做功，都可以用 W=Flcosa計算合外力對物體不做功，物體必定做勻速直線運動滑動摩擦力和靜摩擦力都可以對物體做正功或負功或不做功關于功率，以下說法正確的選項是〔 〕由P—可知，只要知道W和t的值就可以計算出任意時刻的功率由P=Fv可知，汽車的功率一定與它的速度成正比由P=Fv可知，牽引力一定與速度成反比當汽車P一定時，牽引力一定與速度成反比假設物體在運動過程中受到的合外力不為零，那么〔 〕物體的動能不可能總是不變的物體的加速度一定變化物體的速度方向一定變化物體所受合外力做的功可能為零汽車以額定功率在平直公路上勻速行駛，在 t1時刻司機減小了油門，使汽車的功率立即減小一半，并保持該功率繼續行駛，到 t2時刻汽車又開始做勻速直線運動〔設整個過程中汽車所受的阻力不變〕?那么在t1?t2的這段時間內〔 〕汽車的加速度逐漸減小 B.汽車的加速度逐漸增大汽車的速度先減小后不變 D.汽車的速度逐漸增大以下關于重力勢能的說法中正確的選項是〔 〕物體的位置一旦確定，它的重力勢能的大小也隨之確定物體與零勢能面的距離越大，它的重力勢能也越大C一個物體的重力勢能從- 5J變化到-3J，重力勢能變大了重力勢能減小時，重力對物體做正功關于彈簧的彈性勢能，以下說法中正確的選項是〔 〕當彈簧變長時，它的彈性勢能一定增大當彈簧變短時，它的彈性勢能一定變小在拉伸長度相同時，k越大的彈簧，它的彈性勢能越大彈簧在拉伸時的彈性勢能一定大于壓縮時的彈性勢能如下圖，小明玩蹦蹦桿，在小明將蹦蹦桿中的彈簧向下壓縮的過程中，小明的重力勢能、彈簧的彈性勢能的變化是???〔 〕

重力勢能減小，彈性勢能增大重力勢能增大，彈性勢能減小重力勢能減小，彈性勢能減小重力勢能不變，彈性勢能增大&以下哪些現象屬于能量的耗散〔 〕利用水流能發電產生電能B.電能在燈泡中變成光能電池的化學能變成電能D.火爐把屋子烤暖如圖，質量為m的物體P放在光滑的傾角為0的斜面體上，同時用力F向右推斜面體,使P與斜面體保持相對靜止，在前進水平位移為S的過程中，斜面體對P使P與斜面體保持相對靜止，在前進水平位移為S的過程中，斜面體對P做功為〔A.FSB.C.mgScosOD.mgStan0如下圖，小球m分別從A點和B點無初速地釋放，那么經過最低點C時，小球的速率之比Vi:V2為〔空氣阻力不計〕〔 〕1: =B. '■：:1C.2:1D.1:2以下物體中，機械能守恒的是〔 〕做平拋運動的物體被勻速吊起的集裝箱光滑曲面上自由運動的物體4g|以 的加速度豎直向上做勻減速運動的物體5一質量為1kg的質點靜止于光滑水平面上，從 t=0時起，第1秒內受到2N的水平外力作用，第2秒內受到同方向的1N的外力作用.以下判斷正確的選項是〔 〕90?2s內外力的平均功率是—W5第2秒內外力所做的功是亍J

第2秒末外力的瞬時功率最大第1秒內與第2秒內質點動能增加量的比值是-二13?從地面豎直上拋一個質量為 m的小球，小球上升的最大高度為 H,設上升過程中空氣阻TOC\o"1-5"\h\z力f恒定?對于小球從拋出到上升至最高處的過程，以下說法正確的選項是〔 〕小球的動能減少了mgH小球的機械能減少了fH小球的重力勢能增加了 mgH小球的加速度大于重力加速度 g14.同步衛星離地心距離為r，運行速率為vi,加速度為ai;地球赤道上的物體隨地球自轉的向心加速度為a2，第一宇宙速度為V2，地球半徑為R,那么以下比值正確的選項是〔 〕A.()A.()15.如下圖，物體受到二個水平恒力從A點運動到B點的過程中，位移為R和F作用，R和F2互相垂直，物體沿光滑水平面S15.如下圖，物體受到二個水平恒力從A點運動到B點的過程中，位移為的功的表達式一定正確的選項是〔A>FiA>A十F?SB〔F1+F2〕SC.F￡cosa+F2SsinaD—cosQ豎直懸掛的輕彈簧下連接一個小球， 用手托起小球，使彈簧處于壓縮狀態，如下圖.那么迅速放手后〔不計空氣阻力〕 〔 〕放手后瞬間小球的加速度等于重力加速度小球、彈簧與地球組成的系統機械能守恒小球機械能守恒小球下落過程中，小球動能與彈簧彈性勢能之和不斷增大二、實驗題.本空2分，共14分.在“驗證機械能守恒定律〞的實驗中，假設重物質量為 0.50kg，選擇好的紙帶如下圖，O點為第一個點，OA之間有幾個點未畫出.相鄰兩點時間間隔為 0.02s，長度單位是cm,g取9.8m/s2.那么：〔1〕打點計時器打下點B時，重物的速度vb= m/s;

J，動能的從起點O到打下點B的過程中，重物重力勢能的減少量p=J，動能的增加量AEk= J(結果保存三位有效數字)?根據紙帶提供的數據，重錘從靜止開始到打出 B點的過程中，得到的結論113——>—4,86—7.0218?某興趣小組通過物塊在斜面上運動的實驗，探究“合外力做功和物體速度 v變化的關系〞.實驗開始前，他們提出了以下幾種猜測：①W.?②Wv③wav1他們的實驗裝置如圖甲所示， PQ為一塊傾斜放置的木板，在Q處固定一個速度傳感器，每次實驗物體都從不同位置處由靜止釋放.(1)實驗中是否需要測出木板與水平面的夾角?(1)實驗中是否需要測出木板與水平面的夾角?Li、LLi、L2、L3、L4…，代表物體分別從不同V1、V2、V3、V4…，表示物體每次通過Q點的速度.實驗次數12 34 ???LL1L2 L3L4 …VV1V2 V3V4 …他們根據實驗數據繪制了如圖乙所示的L-v圖象，由圖象形狀得出結論論 vav2他們的做法是否適宜，并說明理由？ .(3)在此實驗中，木板與物體間摩擦力大小 (選填“會〞或“不會〞)影響得出的探究結果.三、計算題?此題包括3小題，共38分?解容許寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位.19?如下圖，在離地面 H高水平臺面上的A19?如下圖，在離地面 H高水平臺面上的A點，一個質量為m的物體以初速度Vo斜向上h高度處的B點時速度的大小.被拋出，不計空氣阻力，求它到達拋出點下方20.如下圖，質量m=1.0kg的物體從半徑圓弧運動到頂點B.圓弧AB在豎直平面內，R=5m的圓弧的A端，在拉力F作用下從靜止沿拉力F的大小為15N,方向始終與物體的運動方向一致.假設物體到達B點時的速度v=5m/s，圓弧AB所對應的圓心角0=60°,BO邊在豎直方向上，取g=10m/s2.在這一過程中，求：重力mg做的功；拉力F做的功；Fn做的功;Fn做的功;Ff做的功.(4)圓弧面對物體的摩擦力21.小球自h=2m21.小球自h=2m的高度由靜止釋放，與地面碰撞后反彈的高度為3h4.設碰撞時沒有動能的損失，且小球在運動過程中受到的空氣阻力大小不變，求:小球受到的空氣阻力是重力的多少倍？小球運動的總路程.四、附加題(共1小題，總分值0分)23.如下圖，半徑分別為R和r的甲、乙兩個光滑的圓形軌道安置在同一豎直平面上，軌道之間有一條水平軌道CD相通，一小球以一定的速度先滑上甲軌道，通過動摩擦因數為的CD段，又滑上乙軌道，最后離開兩圓軌道，假設小球在兩圓軌道的最高點對軌道的壓力都恰好為零，試求CD段的長度.2021-2021學年河北省承德市隆化縣存瑞中學高一〔下〕第二次質檢物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題，此題共16小題，每題3分，共48分.1-10題為單項選擇題，11-16為多項選擇題.1?關于力對物體做功，以下說法正確的選項是〔 〕—對作用力和反作用力在相同時間內做的功一定大小相等，正負相反不管怎樣的力對物體做功，都可以用 W=Flcosa計算合外力對物體不做功，物體必定做勻速直線運動滑動摩擦力和靜摩擦力都可以對物體做正功或負功或不做功【考點】功的計算.【分析】明確功的定義及求法，根據作用力與反作用力的性質結合功的公式可明確兩力的功的性質；同時結合摩擦力的性質分析摩擦力做功的性質.【解答】解：A、功的大小取決于力及位移，故雖然作用力與反作用力大小相等，方向相反，但由于兩受力物體的運動狀態不同，位移不同；故做功不一定大小相等，方向相反；故 A錯誤；BW=FlC0Sa只能用來求恒力的功，無法求變力所做的功，故 B錯誤；C當力與速度方向相互垂直時，力不做功；但物體可以做圓周運動，故 C錯誤；D當力與位移同向時，力做正功；當力與位移反向時，力做負功；而滑動摩擦力與靜摩擦力均可以與物體的運動方向相同或相反，故兩種摩擦力均可以做正功或負功；故 D正確；應選：D.關于功率，以下說法正確的選項是〔 〕由P=可知，只要知道W和t的值就可以計算出任意時刻的功率111由P=Fv可知，汽車的功率一定與它的速度成正比由P=Fv可知，牽引力一定與速度成反比當汽車P一定時，牽引力一定與速度成反比【考點】功率、平均功率和瞬時功率.【分析】物體在單位時間所做的功叫功率， 功率大小與做功多少和所用時間都有關系； 在功率一定時，機器牽引力與運動速度成反比.【解答】解：A、公式P〒求的是這段時間內的平均功率，不能求瞬時功率，故 A錯誤；B據P=Fv知，當汽車牽引力一定時，汽車的功率與速度成正比，故 B錯誤；C因為功率等于牽引力與運動速度的乘積，當汽車功率一定時，牽引力與速度成反比，當功率不一定時，牽引力不一定與速度成反比，故 C錯誤；D在功率一定時，機器牽引力與運動速度成反比故 B正確.應選：D.假設物體在運動過程中受到的合外力不為零，那么〔 〕物體的動能不可能總是不變的物體的加速度一定變化物體的速度方向一定變化物體所受合外力做的功可能為零【考點】動能定理的應用．【分析】物體在運動過程中所受到的合外力不為零，根據合力是否做功，分析動能是否變化．根據牛頓第二定律分析加速度和速度是否變化．【解答】解：A、物體在運動過程中所受到的合外力不為零，假設合力總與速度垂直，合力不做功，由動能定理得知物體的動能不變，比方勻速圓周運動?故 A錯誤，故D正確.B物體在運動過程中所受到的合外力不為零，合力可能不變，也可能變，那么加速度可能不變，也可能變．故B錯誤．C力是改變物體速度的原因，合力不為零，物體的速度一定改變，但方向不一定改變?故C錯誤.應選：D．汽車以額定功率在平直公路上勻速行駛，在 ti時刻司機減小了油門，使汽車的功率立即減小一半，并保持該功率繼續行駛，到 t2時刻汽車又開始做勻速直線運動〔設整個過程中汽車所受的阻力不變〕?那么在ti?t2的這段時間內〔 〕汽車的加速度逐漸減小B.汽車的加速度逐漸增大C.汽車的速度先減小后不變D.汽車的速度逐漸增大【考點】功率、平均功率和瞬時功率．【分析】汽車勻速行駛時，牽引力等于阻力，當汽車的功率減小一半，根據 P=Fv知，此時牽引力減小為原來的一半，汽車做減速運動，速度減小，那么牽引力增大，根據牛頓第二定律，知加速度減小，當牽引力增大到等于阻力時，又做勻速直線運動．【解答】解：當汽車的功率減小一半，根據 P=Fv知，此時牽引力減小為原來的一半，汽車做減速運動，速度減小，那么牽引力增大，根據牛頓第二定律，知加速度減小，當牽引力增大到等于阻力時，又做勻速直線運動.知在 ti?t2的這段時間內汽車的加速度逐漸減小，速度逐漸減小.故A正確，BCD錯誤.應選：A5．以下關于重力勢能的說法中正確的選項是〔 〕物體的位置一旦確定，它的重力勢能的大小也隨之確定物體與零勢能面的距離越大，它的重力勢能也越大一個物體的重力勢能從-5J變化到-3J，重力勢能變大了重力勢能減小時，重力對物體做正功【考點】機械能守恒定律．【分析】物體由于被舉高而具有的能叫做重力勢能，重力勢能 Ep=mgh，h為相對于零勢能面的高度差；重力勢能的大小與質量和高度兩個因素有關．重力做功等于重力勢能的改變量．【解答】解：A、重力勢能具有相對性，某個物體處于某個位置，相對不同的參考平面具有不同的重力勢能，故A錯誤；B重力勢能盼mghh為相對于零勢能面的高度差；重力勢能的大小與質量和高度兩個因素有關；如果在參考平面下方，越向下，重力勢能越小；故 B錯誤；C重力勢能可以為負，一個物體的重力勢能從- 5J變化到-3J，說明物體克服重力做功重力勢能變大，故C正確；D重力做功等于重力勢能的減小量，故重力勢能減小時重力做正功，故 D正確；應選：CD.6?關于彈簧的彈性勢能，以下說法中正確的選項是〔 〕當彈簧變長時，它的彈性勢能一定增大當彈簧變短時，它的彈性勢能一定變小在拉伸長度相同時，k越大的彈簧，它的彈性勢能越大彈簧在拉伸時的彈性勢能一定大于壓縮時的彈性勢能【考點】機械能守恒定律；彈性勢能.【分析】對于彈簧，當彈簧形變量越大，彈性勢能越大.在拉伸長度相同時，k越大的彈簧,它的彈性勢能越大?在拉伸長度相同時， k越大的彈簧，它的彈性勢能越大.【解答】解：A、當彈簧變長時，它的彈性勢能不一定增大，假設彈簧處于壓縮狀態時，彈簧的彈性勢能減小?故A錯誤.B假設處于壓縮狀態時，彈簧變短時，彈簧的彈性勢能增大?故 B錯誤.C由Ep=-—-一得知，在拉伸長度相同時， k越大的彈簧，它的彈性勢能越大?故 C正確.D彈簧的彈性勢能與彈簧的形變量有關，彈簧在拉伸時的彈性勢能不一定大于壓縮時的彈性勢能?故D錯誤.應選C7.如下圖，小明玩蹦蹦桿，在小明將蹦蹦桿中的彈簧向下壓縮的過程中，小明的重力勢能、彈簧的彈性勢能的變化是???〔 〕重力勢能減小，彈性勢能增大重力勢能增大，彈性勢能減小重力勢能減小，彈性勢能減小重力勢能不變，彈性勢能增大【考點】功能關系；重力勢能.【分析】重力勢能的變化可根據重力做功判斷；彈性勢能的變化可根據彈簧的形變量的變化判斷.【解答】解：在小明將蹦蹦桿中的彈簧向下壓縮的過程中，重力做正功，那么小朋友的重力勢能減少.彈簧的形變量增大，其彈性勢能增加，故 A正確，BCD昔誤.應選：A.&以下哪些現象屬于能量的耗散〔 〕A.利用水流能發電產生電能B.電能在燈泡中變成光能C.電池的化學能變成電能D.火爐把屋子烤暖【考點】能源的開發和利用.【分析】能量耗散的過程中能量向品質低的大氣內能轉變過程， 但是總的能量是守恒的，能量不能憑空產生，也不能憑空消失.

【解答】解：能源耗散是指將高品質的能源在利用過程中轉化為了低品質的能量過程；故BD是能源耗散；應選：BD.9?如圖，質量為m的物體P放在光滑的傾角為0的斜面體上，同時用力F向右推斜面體,使P與斜面體保持相對靜止，在前進水平位移為S的過程中，斜面體對P做功為〔〕【考點】功的計算.【考點】功的計算.【分析】m與楔形物體相對靜止，二者必定都向左加速運動.即 m的合外力方向水平向左,畫出m的受力圖，求出楔形物體對小物體的作用力，根據功的公式即可求解【解答】解：m與楔形物體相對靜止，二者必定都向左加速運動.即 m的合外力方向水平向根據受力分析可得"=二所以支持力做的功為:W=Nssin所以支持力做的功為:W=Nssin0=mgstan0應選：D10.如下圖，小球m分別從A點和B點無初速地釋放，那么經過最低點C時，小球的速率之比Vi:V2為〔空氣阻力不計〕〔 〕A.1: =B.:■::1C.2：1D.1：2【考點】機械能守恒定律；向心力.【分析】分別根據動能定理求出在不同位置釋放時，到達 C點的速度，作出即可求出比值.12【解答】解：假設在A點釋放，根據動能定理得： mgLh-「：假設在B點釋放，根據動能定理得：ingKl-sin30fl〕三眄’'所以小球的速率之比為： .::1應選：B.11?以下物體中，機械能守恒的是〔做平拋運動的物體被勻速吊起的集裝箱光滑曲面上自由運動的物體以丄的加速度豎直向上做勻減速運動的物體【考點】機械能守恒定律.【分析】物體機械能守恒的條件是只有重力或者是彈簧的彈力做功， 根據機械能守恒的條件逐個分析物體的受力的情況，即可判斷物體是否是機械能守恒.【解答】解：A、平拋運動的物體只受到重力的作用，所以機械能守恒?故 A正確.B被勻速吊起的集裝箱，動能不變，重力勢能增大；故機械能增大，故機械能不守恒，故B錯誤；C物體沿光滑曲面上自由下滑， 曲面的支持力不做功，只有重力做功，物體的機械能守恒.故C正確.D物體以a二二g的加速度豎直向上做勻減速運動，因 avg，根據牛頓第二定律得知，物體5受到的合力小于重力，必定受到向上的作用力，此作用力做正功，那么知物體的機械能增加，機械能不守恒.故D錯誤.應選：AC.一質量為1kg的質點靜止于光滑水平面上，從 t=0時起，第1秒內受到2N的水平外力作用，第2秒內受到同方向的1N的外力作用.以下判斷正確的選項是〔 〕90?2s內外力的平均功率是一WQ第2秒內外力所做的功是十J4第2秒末外力的瞬時功率最大第1秒內與第2秒內質點動能增加量的比值是-二5【考點】動能定理的應用；動量定理；功率、平均功率和瞬時功率.【分析】此題可由動量定理求得1s末及2s末的速度，再由動能定理可求得合力的功； 由功率公式求得功率；【解答】解：由動量定理Ft=mv2-mv求出1s末、2s末速度分別為：V1=2m/s、V2=3m/s1*由動能定理可知合力做功為w=^in/列.5J州4 5 9故0?2s內功率是 ，故A正確；1s末、2s末功率分別為：P1=F1V1=4wP2=F2V2=3w故C錯誤；1 [—I J 1 2 士一第1秒內與第2秒動能增加量分別為： 一皿旳二戈J、—厲卩^—刁口朗I二2*5J，故第2s內外力所做的功為2.5J,B錯誤；而動能增加量的比值為4：5,故D正確；應選AD.從地面豎直上拋一個質量為 m的小球，小球上升的最大高度為 H,設上升過程中空氣阻力f恒定.對于小球從拋出到上升至最高處的過程，以下說法正確的選項是〔 〕

小球的動能減少了mgH小球的機械能減少了fH小球的重力勢能增加了 mgH小球的加速度大于重力加速度 g【考點】牛頓第二定律；重力勢能.【分析】重力做功不改變物體機械能，重力做功只使物體動能轉化為重力勢能或重力勢能轉化為動能；空氣阻力做功使物體機械能減少，減少的機械能等于克服空氣阻力做的功.【解答】解：A、由動能定理可知，小球動能的減少量等于合外力做的功，即：AE k=〔mg+f〕H,故A錯誤；B小球機械能的減少量等于重力以外的力做功，即克服空氣阻力做的功， W=fH，那么機械能減少fH，故B正確；C小球上升的最大高度為 H,那么重力勢能增加mgHC正確；D根據牛頓第二定律：mg+f=ma得：a=g4>g,故D正確；rn應選：BCD14.同步衛星離地心距離為14.同步衛星離地心距離為r，運行速率為vi,加速度為ai;地球赤道上的物體隨地球自轉的向心加速度為a2，第一宇宙速度為V2,地球半徑為R,那么以下比值正確的選項是〔A.—=話.—R)A.—=話.—R)1T【考點】人造衛星的加速度、周期和軌道的關系；萬有引力定律及其應用.【分析】求一個物理量之比，我們應該把這個物理量先用的物理量表示出來， 再進行之比.運用萬有引力提供向心力列出等式和運用圓周運動的物理量之間的關系列出等式解決問題.【解答】解：A、B因為地球同步衛星的角速度和地球赤道上的物體隨地球自轉的角速度相同,由ai=由ai=32r,a2=32R可得,B錯誤; ，故A正確,K應選：AD.應選：AD.由萬有引力提供做勻速圓周運15.如下圖，物體受到二個水平恒力Fi和F作用，Fi和F2互相垂直，物體沿光滑水平面從A點運動到B點的過程中，位移為S,AB連線與Fi間的夾角為，那么下面關于兩外力做的功的表達式一定正確的選項是〔 〕aU、Q 1A. /?SB(F1+F2)SC.FiScosa+F2SsinaD : cosG【考點】功的計算.【分析】根據功的定義式W=Flcos0求解恒力做功.功是標量，幾個力對物體做的總功， 就等于各個力單獨對物體做功的代數和.【解答】解：物體受到兩個水平恒力 Fi和F2作用，Fi和F2互相垂直，物體沿光滑水平面從A點運動到B點的過程中，位移為s,AB連線與Fi間的夾角為a,所以恒力Fi做功W=FiSCOSa恒力F2做功W=F2SC0S(90°-a)=F2Ssina當有多個力對物體做功的時候，總功的大小就等于用各個力對物體做功的和，所以總功W=FScosa+F2Ssina應選：C.i6.豎直懸掛的輕彈簧下連接一個小球， 用手托起小球，使彈簧處于壓縮狀態，如下圖.那么迅速放手后(不計空氣阻力) ( )放手后瞬間小球的加速度等于重力加速度小球、彈簧與地球組成的系統機械能守恒小球機械能守恒小球下落過程中，小球動能與彈簧彈性勢能之和不斷增大【考點】機械能守恒定律；牛頓第二定律；功能關系.【分析】彈簧原來處于壓縮狀態，小球受到重力、彈簧向下的彈力和手的支持力，迅速放手后，分析小球的受力情況分析其運動情況，根據牛頓第二定律研究小球的加速度.根據機械能守恒的條件：系統內只有重力和彈簧的彈力做功，分析能量如何變化.【解答】解：A、剛放手時，小球受到重力和向下的彈力，所受的合力大于重力， 根據牛頓第二定律得知，加速度大于g.故A錯誤.B對于小球、彈簧與地球組成的系統，只有重力和彈簧的彈力做功，系統的機械能守恒，故B正確.C對于小球，彈簧的彈力對它做功，其機械能不守恒，故 C錯誤.D由上分析可知，小球、彈簧與地球組成的系統機械能守恒，即小球的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能總和不變，由于下落過程中，小球的重力勢能不斷減小，所以小球動能與彈簧彈性勢能之和不斷增大.故 D正確.應選：BD二、實驗題?本空2分，共14分.選擇好的紙帶如下圖，0.02s，長度單位是在“驗證機械能守恒定律〞的實驗中，假設重物質量為0.50kg,O選擇好的紙帶如下圖，0.02s，長度單位是cm,g取9.8m/s.那么：打點計時器打下點B時，重物的速度vb=0.973m/s;0.238J，動能的增加從起點O到打下點B的過程中，重物重力勢能的減少量p=量AEkh0.237J(結果保存三位有效數字)0.238J，動能的增加根據紙帶提供的數據，重錘從靜止開始到打出 B點的過程中，得到的結論是在實驗誤差范圍內，重力勢能減小量等于動能的增加量，重物下落的機械能守3J3——4367.()2【考點】驗證機械能守恒定律.【分析】根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該段時間內的平均速度可以求出物體在B點時的速度，然后根據動能、勢能的定義進一步求得動能、勢能的變化量.【解答】解：(1)根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該段時間內的平均速度可以求Q.0702-0.0313

2X0.02重力勢能的減少量：AEQ.0702-0.0313

2X0.02重力勢能的減少量：AEp=mghB=0.5X9.8X4.86X10「2J~0.238J;mvB2」X0.5X0.973根據上面求解的數據，重錘從靜止開始到打出 B點的過程中，得到的結論是：在實驗誤差范圍內，重力勢能減小量等于動能的增加量，重物下落的機械能守恒；故答案：(1)0.973,(2)0.238,0.237,(3)在實驗誤差范圍內，重力勢能減小量等于動能的增加量，重物下落的機械能守恒.出物體在B點時的速度，那么有VB=動能的增量：AEm/s~0.973m/s2~0.237J.v變化的關某興趣小組通過物塊在斜面上運動的實驗，探究“合外力做功和物體速度系〞.實驗開始前，他們提出了以下幾種猜測：①va.?②vav③wav2他們的實驗裝置如圖甲所示， PQ為一塊傾斜放置的木板，在Qv變化的關次實驗物體都從不同位置處由靜止釋放.￥￥(2)同學們設計了以下表格來記錄實驗數據?其中 Li、L2、L3、L4…，代表物體分別從不同高度處無初速釋放時初始位置到速度傳感器的距離,V高度處無初速釋放時初始位置到速度傳感器的距離,Vi、V2、V3、V4…，表示物體每次通過 Q實驗次數123實驗次數123LLiL2L3VV1V2V3點的速度.他們根據實驗數據繪制了如圖乙所示的\o"CurrentDocument"4 ?…L4 …V4 …L-V圖象，由圖象形狀得出結論論wav他們的做法是否適宜，并說明理由？ 不適宜.由曲線不能直接確定函數關系， 應進一步繪制L-V2圖象.(3)在此實驗中，木板與物體間摩擦力大小 不會(選填“會〞或“不會〞)影響得出的探究結果.【考點】探究功與速度變化的關系.【分析】通過實驗來探究“合外力做功和物體速度變化的關系〞. 每次實驗物體從不同初位置處靜止釋放，量出初位置到速度傳感器的位移、 讀出物體到傳感器位置的速度. 根據實驗數據列出數據表并描點作出圖象， 從而找到位移與速度變化的關系， 在運動過程中，由于物體受力是恒定的，所以得出合外力做功與物體速度變化的關系. 因此在實驗中物體與木板間的摩擦力不會影響探究的結果.【解答】解：(1)通過實驗來探究“合外力做功和物體速度變化的關系〞.每次實驗物體從不同初位置處靜止釋放，量出初位置到速度傳感器的位移、 讀出物體到傳感器位置的速度.根據實驗數據列出數據表并描點作出圖象， 從而找到位移與速度變化的關系， 所以不需要測出木板與水平面的夾角.(2)在數據處理中，由曲線不能直接確定函數關系，一般都是在直線上確定各個物理量之間的函數關系，所以該方法是不適宜的，應進一步繪制 L-V2圖象.(3)在運動過程中，由于物體受力是恒定的，所以得出合外力做功與物體速度變化的關系. 因此在實驗中物體與木板間的摩擦力不會影響探究的結果.故答案為：(1)不需要.(2)不適宜.由曲線不能直接確定函數關系，應進一步繪制 L-V2圖象.(3)不會.三、計算題.此題包括3小題，共38分.解容許寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位.如下圖，在離地面H高水平臺面上的A點，一個質量為m的物體以初速度Vo斜向上被拋出，不計空氣阻力，求它到達拋出點下方 h高度處的B點時速度的大小.【考點】機械能守恒定律.【分析】以物體為研究對象，物體拋出后，只有重力做功，由動能定理或機械能守恒定律可以求出在B點的速度.

【解答】解：不計空氣阻力，物體拋出后，只有重力做功，從 A到B過程，物體動能的增加等于重力勢能的減少，由機械能守恒定律可得：1212.mw-mvo=mgh解得：Vb=.訂-：：十.答：物體到達拋出點下方h高度處的B點時速度的大小為Q命2劭?如下圖，質量m=1.0kg的物體從半徑R=5m的圓弧的A端，在拉力F作用下從靜止沿圓弧運動到頂點B.圓弧AB在豎直平面內，拉力F的大小為15N,方向始終與物體的運動方向一致.假設物體到達B點時的速度v=5m/s，圓弧AB所對應的圓心角0=60°,BO邊在豎直方向上，取g=10m/s2.在這一過程中，求：重力mg做的功；拉力F做的功；(3)圓弧面對物體的支持力Fn做的功；圓弧面對物體的摩擦力Ff做的功.479【考點】動能定理的應用；向心力.【分析】(1)根據