1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置3請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題

2、目要求的。1、如圖所示，A和B為豎直放置的平行金屬板，在兩極板間用絕緣線懸掛一帶電小球開始時開關S閉合且滑動變阻器的滑動頭P在a處，此時絕緣線向右偏離豎直方向（電源的內阻不能忽略）下列判斷正確的是A小球帶負電B當滑動頭從a向b滑動時，細線的偏角變大C當滑動頭從a向b滑動時，電流表中有電流，方向從上向下D當滑動頭從a向b滑動時，電源的總功率一定變小.2、一物體做勻速圓周運動的半徑為r，線速度大小為v，角速度為，周期為T。關于這些物理量的關系，下列關系式正確的是（ ）Av=r Bv=2T C=2RT Dv=r3、如圖所示，虛線 a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab

3、=Ubc,實線為一帶正電的電荷僅在電場力作用下通過該區域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，關于P、Q兩點比較可得（ ）A三個等勢面中，c的電勢最高B帶電電荷通過P點時的電勢能較小C帶電電荷通過Q點時的動能較小D帶電電荷通過P點時的加速度較小4、關于電場力與洛倫茲力，以下說法正確的是（）A只有運動的電荷在磁場中才會受到洛倫茲力的作用B電場力對運動的電荷一定做功，而洛倫茲力對運動的電荷卻不會做功C電場力與洛倫茲力一樣，方向都沿電場線或磁感線的切線方向D電荷只要處在電場中，就會受電場力，電荷靜止在磁場中，也可能受到洛倫茲力5、真空中兩個靜止的點電荷相距r時，相互作用的靜電力大小為F。僅將它們之

4、間的距離增大到4r時，它們之間的靜電力大小為A4FB16FCD6、如圖所示為兩個等量點電荷的電場線，圖中A點和B點、C點和D點皆關于兩電荷連線的中點O對稱，若將一電荷放在此電場中，則以下說法正確的是( )A電荷在O點受力最大B電荷沿直線由A到B的過程中，電場力先增大后減小C電荷沿直線由A到B的過程中，電勢能一定先增大后減小D電荷沿直線由C到D的過程中，電場力先增大后減小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，虛線表示電場的一族等勢面且相鄰等勢面電勢差相等，一個帶

5、正電的粒子以一定的初速度進入電場后，只在電場力作用下沿實線軌跡運動，粒子先后通過M點和N點在這一過程中，電場力做負功，由此可判斷出( )AN點的電勢高于M點的電勢B粒子在N點的電勢能比在M點的電勢能大C粒子在M點的速率小于在N點的速率D粒子在M點受到的電場力比在N點受到的電場力大8、如圖所示，A是地球的同步衛星，B是地球的近地衛星，C是地面上的物體，A、B、C質量相等，均在赤道平面上繞地心做勻速圓周運動。設A、B與地心連線在單位時間內掃過的面積分別為SA、SB，周期分別為TA、TB、TC，A、B、C做圓周運動的動能分別為EkA、EkB、EkC。不計A、B、C之間的相互作用力，下列關系式正確的是

6、()ASA=SBBSASBCTC=TATBDEkAEkB=EkC9、在如圖所示電路中，閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑片P向下滑動時，四個理想電表的示數都發生變化，電表的示數分別用I、和表示，電表示數變化量的絕對值分別用和表示，則下列判斷中正確的是( )A不變， 不變B變大， 變小C電源的總功率變大D電源的效率增大10、如圖所示，質量相同的兩個小球A、B，其中小球A帶負電，小球B帶正電，但電荷量不等量，二者電荷量的值滿足：qAqB，通過絕緣輕彈簧連接，置于絕緣光滑的水平面上，當突然加以水平向右的勻強電場后，兩小球A、B將由靜止開始運動，在輕彈簧第一次伸到最長的運動過程中，對兩個小球和彈簧組成的系統

7、（整個過程中不考慮電荷間庫侖力的作用且彈簧不超過彈性限度），以下說法正確的是（ ）A因為小球A、B的質量相等，故系統總動量始終為零B雖然小球A、B的質量相等，但是系統總動量仍然不斷增加C小球B的動能先增加后減小，彈簧的彈性勢能不斷增大D當小球B所受電場力與彈簧的彈力相等時，小球B的動能最大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了探究質量一定時加速度與力的關系，王同學設計了如圖甲所示的實驗裝置，其中M為帶滑輪小車的質量，m為沙和沙桶的質量。（滑輪質量及滑輪與軸、細線間的摩擦均不計）（1）該同學利用此裝置得到圖乙所示的一條紙帶（相鄰兩

8、計數點間有四個點未畫出），已知打點計時器頻率為50Hz，求打點計時器打計數點4時小車的瞬時速度為_m/s。（結果保留兩位有效數字）（2）根據王同學設計的實驗裝置，下列操作不必要的是_A用天平測出沙和沙桶的質量。B將帶滑輪的長木板右端熱高，以平衡摩擦力。C小車靠近打點計時器，先接通電源再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄彈簧測力計的示數。D為減小誤差，實驗巾一定要保證沙和沙桶的質量m遠小于小車的質量M。（3）以彈簧測力計示數F為橫坐標，小車加速度a為縱坐標，畫出a-F圖象是一條直線，如丙圖所示，已知圖線與橫坐標的夾角為，圖線的斜率為k，則小車的質量為_A2tanT B Ck D12（12分）某實驗

9、小組在“測定金屬電阻率”的實驗過程中，正確操作獲得電流表、電壓表的讀數如圖所示，則它們的讀數值依次是_、_已知實驗中所用的滑動變阻器阻值范圍為010，電流表內阻約幾歐，電壓表內阻約20k電源為干電池（不宜在長時間、大功率狀況下使用），電動勢E=4.5V，內阻很小則以下電路圖中_（填電路圖2中的字母代號）電路為本次實驗應當采用的最佳電路但用此最佳電路測量的結果仍然會比真實值偏_（選填“大”或“小”）若已知實驗所用的電流表內阻的準確值RA=2.0，則準確測量金屬絲電阻Rx的最佳電路應是上圖中的_電路（填電路圖下的字母代號）此時測得電流為I、電壓為U，則金屬絲電阻Rx=_（ 用題中字母代號表示）四、

10、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）在如圖所示的電路中， ， ，當電鍵K閉合時，R2上消耗的電功率為4W，當電鍵K斷開時，電壓表示數為4.5V，求電源的電動勢和內電阻。14（16分）如圖，勻強電場的場強為103V/m，a、b兩點間的距離為0.1m，ab連線與電場方向的夾角為600，則a、b兩點間的電勢差為多少？若將電量為的點電荷從a點移到b點，電場力做功為多少？15（12分）如圖,質量為m=10g,電量為q=10-4C的帶正電小球用長為L=0.3m的絕緣細線系于O點放在勻強電場中,靜止時懸線與豎直方向夾角=60

11、0,求：(1)電場強度；(2)若通過外力做功將帶電小球緩慢拉至豎直方向的最低點并使懸線拉緊,而小球最終處于靜止狀態,問外力需做多少功？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：由圖，A板帶正電，B帶負電，電容器內電場方向水平向右細線向右偏，電場力向右，則小球帶正電，故A錯誤滑動頭向右移動時，R變小，外電路總電阻變小，總電流變大，路端電壓變小，電容器電壓變小，細線偏角變小，故B錯誤滑動頭向右移動時，電容器電壓變小，電容器放電，因A板帶正電，則流過電流表的電流方向向下，故C正確在滑片由a向b滑動時，滑動變

12、阻器接入電阻減小；總電阻減小，總電流增大，則可知，總功率增大，故D錯誤考點：考查了含電容電路2、D【解析】AD、根據線速度的定義可知v=lt=rt=r ，故D正確，A錯誤；BC、因為=2T，所以v=r=2rT ，故B、C錯誤；故選D。【點睛】關鍵是知道線速度、角速度的定義式和線速度角速度的關系。3、A【解析】電荷所受電場力指向軌跡內側，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿電場線電勢降低，故c等勢線的電勢最高，a點的電勢最低，故A正確；根據質點受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，故P點的電勢能大于Q點的電勢能，故B錯誤；從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，動能增大，故P

13、點的動能小于Q點的動能，故C錯誤；等勢線密的地方場強大，加速度大，故質點通過P點時的加速度較大，故D錯誤故選A.【點睛】解決這類帶電粒子在電場中運動的思路是：根據運動軌跡判斷出所受電場力方向，然后進一步判斷電勢、電場、電勢能、動能等物理量的變化.4、A【解析】AD.電荷只要在電場中就會受到電場力作用，運動電荷在磁場中，與磁場方向平行，不會受到洛倫茲力的作用，只有運動電荷在磁場中才可能受到洛倫茲力作用。故A正確，D錯誤B.當電場力與電荷的速度方向相垂直時，則電場力對在其電場中的電荷不會做功，而洛倫茲力對磁場中的電荷不會做功。故B錯誤C.電場力與電場線某點切線方向平行，洛倫茲力與磁場線相互垂直。故

14、C錯誤5、D【解析】由庫侖定律的可得原來它們之間的庫侖力為：，變化之后它們之間的庫侖力為：，所以D正確、ABC錯誤。6、D【解析】A根據電場線的疏密特點，在AB直線上，O點電場強度最小，則受到電場力最小，而在CD直線上，O點的電場強度最大，則受到電場力最大，因此電荷在O點受力不是最大，故A錯誤；BD根據電場線的疏密可知，從A到B的過程中，電場強度先減小后增大，則電場力也先減小后增大；同理從C到D的過程中，電場強度先增大后減小，則電場力也先增大后減小，故B錯誤，D正確；C電荷沿直線由A到B的過程中，無法確定電荷做功的正負，因此無法確定電勢能變化，故C錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分

15、，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】粒子帶正電，由運動軌跡可知，電場力的方向指向右下方即電場線的方向指向右下方，根據電場的性質“順著電場線的方向電勢降落”可知N點的電勢高于M點的電勢，A選項正確；電場力做負功，電勢能增加，B選項正確；電場力做負功，動能減小，C選項錯誤；根據電場線或等勢面的疏密表電場強弱可知，D選項錯誤8、BC【解析】AB人造衛星繞地球做勻速圓周運動的圓的面積為：S=r2，所以人造衛星與地心連線在單位時間內所掃過的面積為因A的軌道半徑大于B的軌道半徑，則有SASB，故A錯誤，B正

16、確；CD赤道上的物體A與同步通信衛星C轉動周期相同，即為：TA=TC根據：，由于赤道上物體C的軌道半徑小于同步通信衛星A的軌道半徑，故 根據動能為： A與C的質量相等，而vCvA，故EkcEkA；A、B是圍繞地球公轉的衛星，根據得線速度為：周期因A的軌道半徑大于B的軌道半徑，則有vAvB，TATB根據動能，A與B的質量相等，而vAvB，故EkAEkB綜上分析可得：TA=TCTB，EkCEkAEkB故C正確，D錯誤；9、AD【解析】，由于R1不變，故不變； ，由于R2變大，故變大， 不變， 不變，故A正確，B錯誤；當滑動變阻器的滑片P向下滑動時，電阻增大，總電阻增大，干路電流減小，電源兩端的路端

17、電壓增大，電源的總功率不一定變大，電源的效率增大，故C錯誤，D正確；故選AD。10、BD【解析】A. 加電場后，A小球受到向左的電場力，B小球受到向右的電場力，兩小球所受向左的電場力大于向右的電場力，方向相反，合力向左，所以系統的動量不守恒。系統的總動量向左不斷增加，故A錯誤，B正確 ；C. 系統的總動量向左，當A、B兩小球向左速度相等時，彈簧長度達到最大值，在此過程中，小球B先向右加速，后向右減速到零，再向左加速，動能先增大后減小，再增大；彈簧的彈性勢能不斷增大時，故C錯誤；D.兩小球遠離過程，先做加速度不斷減小的加速運動，再做加速度不斷變大的減速運動，故小球B當電場力與彈力平衡時，加速度為

18、零，小球B動能最大，故D正確；故選：BD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.31 AD D 【解析】（1）用3、5兩點間的平均速度代替打下4點的瞬時速度。（2）考察探究加速度的因素的實驗的操作過程：A、由于在裝置的左端有彈簧測力器與細繩串聯，所以拉力直接由彈簧秤讀出即可，沙和桶只是用來改變拉力的，故A選項不必測量；B、由于摩擦阻力的存在，而又是用拉力代替合力，平衡摩擦阻力是必要的，故B選項必要；C、實驗過程正是先讓小車靠近打點計時器，先接通電源再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄彈簧測力計的示數，故選項C必要；D、只有當沒有彈簧秤測力時，才用沙和桶的重代替拉力，當然也沒必要保證沙和沙桶的質量m遠小于小車的質量M。故選D.（3）根據牛頓第二定律有：當所有摩擦阻力不計時，那么a-F圖象的斜率為k=，則小車的質量m=，故選項C錯誤，選項D正確；而為什么不能用角度來表示斜率呢，由于每組使用的坐標間隔不一樣，則不能用tan來表示斜率，故選項AB錯誤。12、0.42 2.30 A 小 B 【解析】根據各種儀器的原理及讀數方法進行讀數，由給出的數據選擇滑動變阻器的接法，由各儀器的內阻選擇電流表的接法，并能通過誤差原理分析誤差，求出待測電阻的阻值；【