1、高二上第12周物理選擇題訓練班級 姓名1.以下說法正確的是（）A.由-可知此場中某點的電場強度E與F成正比B.由公式一可知電場中某點的電勢 。與q成反比C.由Uab=Ed可知，勻強電場中的任意兩點a、b間的距離越大，則兩點間的電勢差也一定越大D.公式C=Q/U ,電容器的電容大小 C與電容器兩極板間電勢差U無決定關系。【答案】D【解析】A、公式-采用比值定義法，E由電場本身的性質決定，與試探電荷無關，所以此場中某點的電場強度E與F無關；故A錯誤.C、由Uab=Ed可知，勻強電場中的任意兩點 a、b間沿電場方向間的距離越大，兩點間的電勢差才一定越大；故C錯誤.B、公式一采用比值定義法，E由電場本

2、身的性質決定，與試探電荷無關，電場中某點的電勢。與q無關；故B錯誤.D、公式-采用比值定義法，電容器的電容大小C由電容器本身的特性決定，與電容器兩極板間電勢差U 無關；故D正確.2.如圖所示，A、B為平行板電容器的金屬板，G為靜電計，開始時開關 S閉合，靜電計指針張開一定角度。故電容器兩端的電勢差不變， 則指針張角不變，故AD下列操作可使指針張開角度增大一些的是（）A.保持開關S閉合，將R上的滑片向右移動B.斷開開關S后，將A、B兩極板靠近一些C.斷開開關S后，將A、B兩極板的正對面積減小一些D.保持開關S閉合，將A、B兩極板分開一些【答案】C保持開關閉合，電容器兩端的電勢差等于電源的電動勢，

3、 錯誤；斷開開關S后，電容器帶電量不變，將 AB靠近一些，則d減小，電容變大，根據 C=Q/U知，電勢差減 小，指針張角減小，故 B錯誤；斷開開關 S后，電容器帶電量 Q不變，將A、B兩極板的正對面積減小一些, 電容C減小，根據C=Q/U知，電勢差U增大，指針張角增大，故 C正確;3.在如圖所示的圖象中，直線I為某一電源的路端電壓與電流的關系圖象，直線n為某一電阻R的伏安特性曲線.用該電源與電阻 R組成閉合電路.由圖象判斷錯誤的是（）A.電源的電動勢為 3 V,內阻為0.5B.接入電路后電阻 R的阻值為1C. 電源的效率為80%D. 電源的輸出功率為4 W【答案】CA、由圖線圖線I縱軸截距讀出

4、電源的電動勢,為E=3V ,其斜率大小等于電源的內阻，則內阻為B、電阻R的阻值為 - ，故B正確;C、電源的效率為 一，故c錯誤;D、兩圖線的交點表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時電路中電流和路端電壓，則有U=2V, I=2A,電源的輸出功率為 P=UI=2X 2W=4W ,故D正確；4.在如圖所示的電路中，Ri、R2、R3和R4皆為定值電阻，R5為可變電阻，電源的電動勢為E,內阻為r。設電流表A的讀數為I,電壓表V的讀數為U。當R5的滑動觸片向圖中 a端移動時：用 RA. I變大，U變小B. I變小，U變小C. I變小，U變大D. I變大，U變大【答案】B5.一橫截面積為S的銅導線，流

5、經其中有恒定的電流，設每單位體積的導線中有 n個自由電子，每個自由電子的電荷量為q,此時電子定向移動的速率為v,則在 時間內，通過導體橫截面的自由電子數目可表示為（）A. nvS B. nq /s C. nvS /qD. nv【答案】A在At時間內，以速度 v移動的電子在銅導線中通過的距離為vt,由于銅導線的橫截面積為 S,則在t時間 內，電子經過的導線體積為:又由于單位體積的導線有n個自由電子，則在 t時間內，通過導線橫截面的自由電子數目可表示為:6 .（多選）一半徑為R的絕緣半圓形凹槽固定放置在水平面上，內壁光滑，AB為水平直徑，C為凹槽最低點。在圓心O處固定一所帶電荷量為 +Q的點電荷，

6、現將質量為m電荷量為+q的帶電小球從凹槽的 A端由靜止釋放, 小球沿凹槽內壁運動。則（）A.從A到C的過程中，靜電力對小球做的功為mgRB.小球在運動過程中電勢能保持不變C.點電荷+Q在A、C兩點產生的電場強度不相等D.小球運動到C處時對凹槽的壓力大小為一【答案】BC點電荷的等勢面是以電荷為球心的球面，電場線垂直于等勢面沿半徑向外，在整個滑動的過程中，電場力和彈力都不做功，故電勢能不變，故 A錯誤，B正確；電場強度為矢量，點電荷 +Q形成的電場沿半徑向外，所以A、C兩點電場強度大小相同，方向不同，故 C正確；凹槽的半徑為R,小球到達C點時速度大小為 v。小球從A滑到C的過程，由機械能守恒定律得

7、：mgR=-mv2;小球經過C點時，由牛頓第二定律得:解得：N=3mg+ ,故D錯誤；故選 BC。57 .（多選）如圖所示，A板發出的電子（初速度可忽略）經加速后，水平射入水平放置的兩平行金屬板間，金屬板間所加電壓為 U.電子最終打在熒光屏 P上，不計電子的重力，極板外的電場可忽略， 關于電子的運動,卜列說法中正確的是A.滑動觸頭向右移動時，電子打在P上的位置上升8 .滑動觸頭向左移動時，電子打在P上的位置上升C.電壓U增大時，電子從發出到打在P上的時間不變D.電壓U增大時，電子打在 P上的速度大小不變【答案】BC電子在加速電場中做加速運動，根據動能定理得:,則得電子獲得的速度為:.電子-；在

8、平行電場方向做初速度為 0的勻加速直線運動，加速度,電子在電場方向偏轉的位移,又因為偏轉電場方向向下，所以電子在偏轉電場里向上偏轉A、滑動觸頭向右移動時，加速電壓U變大，由上可知電子偏轉位移變小，因為電子向上偏轉，故在屏上的位置下降，相反，滑動觸頭向左移動時，電子打在熒光屏上的位置上升，故A錯誤，B正確;C、電子在電場中運動的時間不變，離開電場后做勻速直線運動，由于水平速度不變，運動時間也不變，所以電子從發出到打在熒光屏上的時間不變；故C正確.D、偏轉電壓U增大時，電子在電場中受到的電場力增大，即電子偏轉的加速度 a增大，又因為電子加速獲得的速度v不變，電子在電場中運動的時間不變，a增大，而電

9、子打在屏上的速度為,故電子打在屏上的速度增大；故 D錯誤.8.（多選）如圖所示，定值電阻 R=20 Q電動機線圈的電阻 R0=1.0烏當開關S斷開時，電流表的示數是1.0 A。當開關S閉合后，電動機轉動起來，電路兩端的電壓不變，電流表的示數為2.0A。則（A.電路電壓為20VB.電路的發熱功率為 20WC.電動機的輸出功率為 19WD.電動機的效率是 95%【答案】ACDA:開關S斷開時，電流表的示數是1.0 A,電路電壓。故A項正確。B:開關S閉合后，電動機轉動電路兩端的電壓不變，流過電阻電流不變，電流表的示數為2.0A,則流過電進入偏轉電場后做類平拋運動，電子在沿極板方向做勻速直線運動，粒子在電場中運動時間:動機的電流D:電動機的總功率,則電動機的效率 -。故D項正確。9.（多選）如圖所示，電流表、電壓表均為理想電表,L為小電珠.R為滑動變阻器，電源電動勢為 E,內阻,電路的發熱功率為B錯誤。C:電動機的輸出功率機為r.現將開關S閉合，當滑動變阻器滑片 P向左移動時，下列結論正確的是（A.電流表示數變小，電壓表示數變大B. 小電珠L變亮C.電容器C上電荷量增大D.電源的總功率變大【答案】AC 分析電路可知燈泡和滑動變阻器是串聯的。電流表測電路中的電流，電壓表測的是路端電壓。當滑動變阻器的滑片向左移動時，電阻變大，總電阻變大，所以