名校聯考聯合體2025年春季高一年級期中聯考(考試范圍：必修一～必修二第八章第2節)A.亞里士多德認為重的物體下落與輕的物體一樣快—B.牛頓第一定律揭示了力不是維持物體運動狀態的原因，而是改變物體運動狀態的原因—C.卡文迪什通過扭秤實驗測出萬有引力常量G的數值D.開普勒提出所有行星繞太陽運動的軌道都是橢圓，太陽處于橢圓的一個焦點上2.汽車在水平路面上轉彎時，可能會出現側滑現象，下列說法正確的是A.汽車轉彎半徑越大，越容易發生側滑B.汽車輪胎與地面間的動摩擦因數越小，越不容易發生側滑C.汽車發生側滑是因為徑向的摩擦力不足以提供所需向心力D.為盡量避免汽車發生側滑，設計路面時內側要比外側略高3.如圖為某物體在高空中豎直下落的速度隨時間變化的圖像，下列說法正確的是A.物體的速度大小不變B.物體的加速度大小不變C.物體受到恒定的空氣阻力D.物體做變加速直線運動4.某同學站在臺階上將一可視為質點的小球以初速度vo=3m/s水平拋出，小球拋出點距離地面高度為h=1.8m。與此同時，在小球拋出點正下方的一只小狗，由靜止開始以恒定加速度a=10m/s2沿水平方向朝著小球落地的位置跑去，試圖接住小球。忽略空氣阻力，重力加速度g=10m/s2。若小狗剛好能在小球落地時接住它，下列說法錯誤的是高一物理(B卷)試題第1頁(共8頁)B.小狗到達小球落地點時的速度大小為v=6m/sC.若h變為原來2倍，則小球在空中運動時間變為原來2倍原來的2倍A.物塊的加速度先增大后減小D.當物塊下滑距離,物塊的速度最大6.一輛汽車在平直的公路上以恒定的加速度啟動并開始計時，經過知汽車質量為2×103kg,t=0時汽車的牽引力為4×103N,汽車受到的選錯的得0分)2mp,則A、B所受摩擦力fA=2fB速度為v,飛船質量為m,地球半徑為R,B點離地心的距離為3R,地球9.如圖，右側面光滑的斜面體放在水平面上，質量相等的物塊M、N分別放在斜面體的左右兩個面上，M、N拴接在跨過光滑定滑輪的輕質細繩兩端，整個系統處于靜止狀態。現對N施加一始終與右側輕繩垂直的外力F,使N緩慢移動至右側細繩水平，該過程斜面體和M始終保持靜止。在物塊N緩慢移動的過程中，下列說法正確的是A.外力F逐漸減小B.輕繩的拉力逐漸減小C.M所受摩擦力逐漸增大D.斜面對地面的摩擦力先增大后減小10.如圖甲所示，粗糙水平地面上有一長木板P,小滑塊Q置于長木板的最右端。現將一大小為F=8N、水平向右的恒力作用于長木板的右端，讓長木板從靜止開始運動，一段時間后撤去力F的作用，滑塊和長木板在0~4s內的速度一時間(v-t)圖像如圖乙所示。已知小滑塊Q的質量為m=1kg,重力加速度g=10甲m/s2,則下列說法正確的是乙A.長木板P的質量為2kgB.長木板P與地面之間的動摩擦因數為0.2C.t=8s時，滑塊Q停止運動D.長木板P和滑塊Q均停止運動時，Q距P的右端12m選擇題答題卡題號123456789得分答案高一物理(B卷)試題第4頁(共8頁)置如圖甲所示。(1)進行的操作如下，請將空白處補充完整：A.在飲料瓶內裝入紅墨水，用橡皮塞塞住，插入進氣管，封住進氣管，插入出水管按圖所示安裝好儀器；B.調節噴嘴，使固定在水準儀上的噴嘴方向;C.利用鐵架臺將木板固定在豎直方向，將白紙固定在木板上，調整鐵架臺使木板靠近水準儀，用重垂線在白紙上定出y軸，噴嘴的D.打開進氣管，讓水從噴嘴射出，待水流穩定后，用油性筆將水的流動軌跡描繪在白紙上；E.封住進氣管，取下白紙，根據水的流動軌跡求出水從噴嘴流出時的初速度；A、B、C,測得A、B兩點豎直坐標y?為1.25cm、y?為11.25cm,A、B兩點水平間距△x為10.00cm,則水流平拋的初速度v為 度vc為m/s。(結果均保留2位有效數字，重高一物理(B卷)試題第5頁(共8頁)(1)該實驗中同時研究三個物理量間關系是很困難的，因此我們采用的研究方法是0A.放大法B.控制變量法C.補償法A.先接通打點計時器電源，后釋放小車B.補償阻力時未連接紙帶C.調節滑輪高度使細繩與木板平行認為細繩拉力近似等于槽碼的重力。(4)某同學得到如圖所示的紙帶。已知打點計時器電源頻率為50Hz。是紙帶上7個連續計數點，每兩個計數點間有四個點未畫出，由此可算出小車的加速度a=m/s2(保留四、解答題(本題共3小題，其中第13題10分，第14題12分，第15題18分)13.(10分)人工智能技術與無人機的結合將使外賣配送踏入“無人”領域。某次試驗中，工作人員通過無人機將物品送至用戶家中，如圖所示為物品在無人機的作用下從地面沿豎直方向到達用戶陽臺的速度一時間(w-t)圖像。已知在0～3s內無人機的升力F為250N,t=12s時恰好到達陽臺，上升過程中的最大速率vm為9m/s。假設整個過程的阻力不變，物品和無人機的總質量m為15kg,且物品和無人機可看成質(1)地面到陽臺的高度h;(2)運動過程中物品和無人機整體受到的阻力f的大小；(3)勻速運動時無人機的輸出功率P。14.(12分)隨著科技的發展，未來人類可以自由地在宇宙中旅行。假如一初速度vo豎直向上拋出一個小球(引力視為恒力，阻力可忽略),經過時間t落到地面。已知該行星半徑為R,自轉周期為T,引力常量為G,求：(1)該行星表面的重力加速度g;(2)該行星的密度p;體的速度v?之比。高一物理(B卷)試題第7頁(共8頁)15.(18分)如圖所示，將一質量為0.2kg可視為質點的小球系于長為L=1m的細線上在豎直面內繞O點做圓周運動，某時刻在最低點P點時細線斷裂，小球從離水平地面3.2m高的P點水平向右飛出，測得第一次落點A與P點的水平距離為2.4m。小球落地后反彈，反彈后離地的最大高度為1.8m,第一次落點A與第二次落點B之間的距離為2.4m。不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2。求：00PA(1)小球從P點飛出時的速度大小；(2)在P點斷裂前瞬間，細線所受拉力大小；(3)小球第二次與地面碰撞時的速度大小；(4)若小球與地面碰撞時，碰撞前后水平、豎直分速度的比分別為一定值，則小球第5次與地面碰撞時距P點的水平位移大小。高一物理(B卷)試題第8頁(共8頁)物理(B卷)參考答案一、二選擇題(1～6每小題4分。7～10每小題5分，選對但不全得3分)題號123456789ACDCCD1.A【解析】亞里士多德認為重的物體比輕的物體下落得更快2.C【解析】根據向心力公式,在速度一定時，汽車轉彎半徑r越大，所需向心力越小，也就越不容易發生側滑，A錯誤。汽車轉彎時，摩擦力提供向心力F向=μmg(μ為動摩擦因數，m為汽車質量，g為重力加速度),動摩擦因數μ越小，能提供的最大靜摩擦力越小，也就越容易發生側滑，B錯誤。汽車發生側滑是因為徑向的摩擦力不足以提供所需向心力，即向心力不足，C正確。為避免汽車發生側滑，設計路面時外側要比內側略高，D錯誤。3.D【解析】由圖像可知，該物體的速度大小逐漸增加，選項A錯誤；由圖像的斜率等于加速度可知，該物體的加速度大小逐漸減小，做變加速直線運動，選項B錯誤，D正確；該物體加速度減小，根據mg-f=ma可知受到的阻力增大，選項C錯誤。故選D。4.C【解析】小球做平拋運動，在豎直方向,可得小球在空中運動時間。小球水平位移x=vot=1.8m,A正確。小狗位移為小球水平位移x=1.8m,小狗速度v=√2ax=6m/s。B正確。根據t=,h變為原來2倍，小球在空中運動時間t變為原來√2倍，C錯誤。由。變為原來2倍，小球水平位移變為原來2倍，小狗位移也變為原來2倍，在豎直方向高度不變，小球在空中運動時間不變。由x= ,小狗要在小球落地時接住它，則小狗加速度變為原來的2倍，D正確。5.C【解析】物塊下滑過程中，加速度先減小至零，后反向增大，A錯誤。物塊下滑過程中，彈簧彈力始終沿斜面方向，在垂直斜面方向無分力，正壓力僅由重力垂直斜面分量決定，即N=mgcosθ,摩擦力f=μN=μmgcosθ恒定不變，B錯誤。物塊先做加速度減小的加速運動，后做加速度增大的減速運動，根據P=mgvsinθ可知，C正確。當物塊所受合外力為0時，速度最大，此時mgsin錯誤。6.D【解析】由題可知，恒定加速度的汽車啟動過程中先做勻加速直線運動，再做加速度減小的變加速直線運動，A錯；,汽車的最大速度,B錯；勻加速直線運動期間的加速度a=,勻加速直線運動的時間錯；20～100s的時間內，物體做加速度減小的加速運動，此過程中的位移,則汽車克服阻力做功W>fx'=4.8×10?J,7.BD【解析】圖a中若輕桿上的小球在最高點時，桿受作用力為零，此時mg=mw2l,解得,若角速度小,桿對小球的作用力向上，選項A錯誤；圖b中若火車轉彎未達到規定行駛速度時，此時重力和軌道的支持力的合力大于火車所需的向心力，此時火車有做向心運動的趨勢，輪緣對內側軌道有擠壓作用，選項B正確；圖c中若A、B均相對靜止，根據f=mw2r,若半徑2RA=3Rs,質量mA=2mg,則A、B所受摩擦力fA=3fg,選項C錯誤；圖d是一圓錐擺，根據mgtanθ=mw2htanθ可得,則兩個小球在相同的高度做勻速圓周運動，它們的角速度相同，選項D正確。高一物理(B卷)參考答案-1高一物理(B卷)參考答案-28.AD【解析】由可得,可得飛船在Ⅱ、Ⅲ軌道上通過B點的加速度相等，故A正確；根據開普勒第二定律有vR=vB·3R,解得故B錯誤；飛船在軌道I運行時，重力提供向心力，得mg=mR,解得,對于軌道I和軌道Ⅱ的周期，根據開普特第三定律,解得T?= ,故C錯誤；分析可知軌道Ⅱ上經過B點時的速度大小小于軌道Ⅲ上的速度大小，故需要加速，故D正確。9.BD【解析】對N的分析，設外力F與豎直方向夾角為0,對N進行受力分析，N受重力mg、拉力F、輕繩拉力T,如圖，因為F始終與右側輕繩垂直，根據平衡條件可得F=mgcosθ,T=mgsinθ,在N緩慢移動至右側細繩水平過程中，0減小，sinθ減小，cosθ增大，所以外力F逐漸增大，輕繩的拉力T逐漸減小，N緩慢移動至右側細繩水平時，輕繩的拉力大小為0,故A錯誤，B正確；對M的分析：對M進行受力分析，M受重力mg、斜面支持力、輕繩拉力T和摩擦力f,M的重力沿斜面向下的分力為Gm=mgsin30°,解得,開始時系統靜止T=mgsin60°>Gm,M有沿斜面向上運動趨勢，摩擦力方向沿斜面向下，有f+Gm=T,由于T減小，則f減小；當T繼續減小到mgsin30°時，摩擦力為零；當輕繩的拉力T小于時，M所受摩擦力沿斜面體向上，則Gm=f+T,隨著輕繩的拉力T減小，摩擦力增大，所以M所受摩擦力先減小后增大，故C錯誤；對整體的分析，把M、N和斜面看成整體，整體受重力G總、地面支持力N地、外力F、地面摩擦力f地，在水平方向上f地=Fsinθ,則20,當θ從60°減小到0時，20從120°減小到0,則sin20先增大后減小，所以f地先增大后減小，根據牛頓第三定律，斜面對地面的摩擦力先增大后減小，故D正確。10.BC【解析】根據題意，由圖乙可知，t=3s時撤去力F的作用，撤去力F前，根據圖像的斜率求得長木板的加速度為a?=3m/s2;撤去力F后，長木板P的加速度為a?=-5m/s2,小滑塊Q的加速度為a=1m/s2。設小滑塊Q與長木板P之間的動摩擦因數為μ1,長木板P與地面之間的動摩擦因數為μ2,根據牛頓第二定律，對長木板P有F-μmg-μ2·(m+mp)g=mpa?,-μmg-μ2·(m+mp)g=mpaz解得μ=0.1,μ2=0.2,mp=1kg,故A錯誤，B正確；因為μ?=0.1<uz=0.2,故小滑塊Q與長木板P共速后，小滑塊Q相對長木板P向右運動。對長木板P,有μ2·(m+mp)g-μmg=mpas解得a?=3m/s2,對小滑塊Q,有μmg=ma4,解得a?=1m/s2則從P、Q共速到小滑塊Q停止運動，還需,故t=8s時，滑塊Q停止運動，故C正確。從P、Q共速到長木板P停止運動，還需長木板P停止運動的時間為P、Q運動全過程的v-t圖像如圖所示940根據圖像圍成的面積表示位移，結合前面選項分析由圖可得，長木板P和滑塊Q均停止運動時，Q距P的右三、實驗題(本題共2小題，各4空，每空2分，共16分)11.(8分)(1)水平(2)AC(選不全得1分，選錯不得分)(3)1.02.0【解析】(1)探究平拋所以應該要水平(2)為了為平拋運動軌跡，必須保證初速度穩定，為了能穩定且便利地測量數據需要較長的測量時間，從而需要較小的水流速度(3)由平拋運動規律可知，豎直方向有2即運動至A點的時間,運動至B點的時間水平方向有x=v?t,則水平初速度設C點的豎直分速度為vy,由豎直方向做勻加速直線運動有v3=2gy?可得v,=√2gy3=√3m/s由速度的合成可知小球在C點的速度vc=√v?+v2=2.0m/s12.(8分)(1)B(2)AC(選不全得1分，選錯不得分)(3)遠大于(4)0.20【解析】(1)該實驗中同時研究三個物理量間關系是很困難的，因此我們采用的研究方法是控制變量法。故選B。補償阻力時小車需要連接紙帶，一方面是需要連同紙帶所受的阻力一并平衡，另外一方面是通過紙帶上的點間距判斷小車是否在長木板上做勻速直線運動，故B錯誤；為使小車所受合力為繩子拉力，應調節滑輪高度使細繩與長木板平行，故C正確。故選AC。(3)設小車質量為M,槽碼質量為m,繩子拉力為F,對小車和槽碼，根據牛頓第二定律可得F=Ma,mg-F=可知在小車質量遠大于槽碼質量時，可以認為細繩拉力近似等于槽碼的重力。(4)由圖可知△x=xpG-xAD=(6.50cm-2.60cm)-(2.60cm-0.50cm)=1.80相鄰計數點間的時間間隔為由逐差法可算出小車的加速度)m/s2四、解答題(本題共3小題，其中第13題10分，第14題12分，第15題18分)勻速階段的上升的高度hz=vmt?,t?=4s…(1分)上升的總高度h=h?+h?+h?解得h=72m(1分)(2)在勻加速階段加速度,a=3m/s2……(1分)根據牛頓第二定律F-mg-f=ma………………(1分)(3)勻速時升力F'=mg+f=205N(1分)14.(12分)【解析】(1)對小球的運動分析，利用對稱性可得……解得(2)對行星表面的物體m,有高一物理(B卷)參考答案-3高一物理(B卷)參考答案-4故行星的密(3)同步衛星的周期與該行星自轉周期相同，均為T,設同步衛星的質量為m",同步衛星的軌道半徑為r。由牛頓第二定律有………(2分)同步衛星和該行星“赤道”上物體一起轉動，角速度w相同。由v=wr…(1分)15.(18分)【解析】(1)設小球剛飛出時的速度大小為vo,小球飛出到第一次落地前瞬間，根據平拋運動的規律可解得vo=3m/s2分(2)根據牛頓第二定律…………2分在P點斷裂前